Cho hình chóp \(S.ABC\) có đáy \(ABC\) là tam giác vuông cân, \(AB=BC=2a\). Tam giác \(SAC\) cân tại \(S\) và nằm trong mp vuông góc \(\left( ABC \right)\), \(SA=a\sqrt{3}\). Góc giữa 2 mặt phẳng \(\left( SAB \right)\) và \(\left( SAC \right)\) bằng?
Hãy suy nghĩ và trả lời câu hỏi trước khi xem đáp án
Lời giải:
Báo saiGọi \(H\) là trung điểm \(AC\Rightarrow SH\bot AC\Rightarrow SH\bot \left( ABC \right)\).
Dễ thấy tam giác \(ABC\) vuông cân tại \(B\).
Gọi \(I\) là trung điểm \(AB\Rightarrow HI\bot AB\) suy ra \(AB\bot \left( SHI \right)\Rightarrow \left( SAB \right)\bot \left( SHI \right)\).
Vẽ \(HK\bot SI\) tại \(K\) trong \(\left( SHI \right)\).
Khi đó
\(\left\{ \begin{align} & \left( SHI \right)\bot \left( SAB \right) \\ & \left( SHI \right)\cap \left( SAB \right)=SI \\ & \text{Trong }\left( SHI \right),HK\bot SI \\ \end{align} \right.\)
\(\Rightarrow HK\bot \left( SAB \right)\).
Dễ thấy \(HB\bot \left( SAC \right)\) nên \(\widehat{\left[ \left( SAC \right);\left( SAB \right) \right]}=\widehat{\left( HK;HB \right)}=\widehat{BHK}\).
Ta có \(AC=BC\sqrt{2}=2a\sqrt{2}\Rightarrow BH=\frac{AC}{2}=a\sqrt{2}\) ; \(HI=\frac{1}{2}BC=a\).
\(SH=\sqrt{S{{A}^{2}}-A{{H}^{2}}}=\sqrt{3{{a}^{2}}-2{{a}^{2}}}=a\)\( \Rightarrow HK=\frac{SH.HI}{\sqrt{S{{H}^{2}}+H{{I}^{2}}}}\)\( =\frac{a.a}{\sqrt{{{a}^{2}}+{{a}^{2}}}}=\frac{a\sqrt{2}}{2}\).
Khi đó \(\cos \widehat{BHK}=\frac{HK}{BH}=\frac{1}{2}\)\( \Rightarrow \widehat{BHK}=60{}^\circ \).
Vậy \(\widehat{\left[ \left( SAC \right);\left( SAB \right) \right]}=60{}^\circ \).
Chọn A
Đề thi thử Tốt nghiệp THPT môn Toán năm 2023-2024
Trường THPT Thủ Thiêm