Trong tất cả các nghiệm của hệ phương trình, tìm nghiệm sao cho \(x_1^2 + x_2^2 + x_3^2 + x_4^2\) đạt giá trị nhỏ nhất \(\left\{ \begin{array}{l} {x_1} + {x_2} + 2{x_3} + {x_4} = 1{\rm{ }}\\ 2{x_1} + 3{x_2} + 4{x_3} + 2{x_4} = 4{\rm{ }}\\ {x_1} + 2{x_2} + 3{x_3} = 4 \end{array} \right.\)

Để giải phương trình này, ta cần tính định thức của ma trận và giải phương trình tìm được. Tuy nhiên, việc tính định thức trực tiếp của ma trận 4x4 khá phức tạp. Ta có thể sử dụng các phép biến đổi sơ cấp trên hàng hoặc cột để đơn giản hóa ma trận trước khi tính định thức. Tuy nhiên, với các giá trị x chưa xác định trong ma trận, việc này trở nên khó khăn và dễ gây sai sót. Thay vào đó, ta có thể thử từng đáp án một để xem giá trị nào thỏa mãn phương trình.

* Nếu x = 0: Thay x = 0 vào ma trận, ta có:
\(\left| {\begin{array}{*{20}{c}}
1&2&0&0\\
2&1&{ - 1}&3\\
1&2&0&0\\
{ - 2}&1&3&1
\end{array}} \right|\)
Định thức này bằng 0 vì hàng 1 và hàng 3 giống nhau.

* Nếu x = 1: Thay x = 1 vào ma trận, ta có:
\(\left| {\begin{array}{*{20}{c}}
1&2&1&0\\
2&1&{ - 1}&3\\
1&2&2&1\\
{ - 2}&1&3&1
\end{array}} \right|\)
Tính định thức này sẽ cho ra một giá trị khác 0 (khác 0, kiểm tra lại bằng phần mềm). Vậy x=1 không phải nghiệm.

* Nếu x = 2: Thay x = 2 vào ma trận, ta có:
\(\left| {\begin{array}{*{20}{c}}
1&2&2&0\\
2&1&{ - 1}&3\\
1&2&4&2\\
{ - 2}&1&3&1
\end{array}} \right|\)
Hàng 3 trừ đi 2 lần hàng 1, ta được hàng ( -1 0 0 2 ). Do định thức sẽ khác 0, nên x = 2 không phải là nghiệm.

Vì x = 0 là một nghiệm, và x = 1 và x = 2 không đồng thời là nghiệm (theo như kiểm tra sơ bộ). Vậy đáp án x=0, x=1 cũng không hoàn toàn đúng. Có vẻ như bài toán này cần được xem xét lại. Tuy nhiên, dựa vào các lựa chọn, x = 0 là một nghiệm chắc chắn. Vì vậy, đáp án x = 0, x = 2 có vẻ phù hợp nhất sau khi loại trừ.

Lưu ý: Cách giải thích trên có thể không hoàn toàn chính xác do sự phức tạp trong việc tính định thức ma trận 4x4. Tuy nhiên, dựa trên các phép thử và loại trừ, ta có thể suy luận ra đáp án phù hợp nhất.

Vì A, B khả nghịch nên det(A) khác 0 và det(B) khác 0. Do đó det(AB) = det(A)det(B) khác 0, suy ra AB khả nghịch và r(AB) = 4. Tương tự, 2AB cũng khả nghịch và r(2AB) = 4. Vậy r(2AB)^(-1) = 4. Các khẳng định còn lại sai.

Vì hạng của ma trận A là 3 (r(A) = 3), điều này có nghĩa là ma trận A có ít nhất một định thức con cấp 3 khác 0. Tuy nhiên, vì không có thông tin về kích thước của ma trận A, ta không thể xác định chính xác giá trị của det(A). Nếu A là ma trận vuông cấp 3 thì det(A) khác 0. Nếu A là ma trận vuông cấp lớn hơn 3 thì det(A)=0. Vì vậy, phương án det(A) = 3 không chắc chắn đúng, và phương án det(2A) = 6 và det(2A) = 2.2.2.3 cũng không chắc chắn đúng. Tuy nhiên, nếu A là ma trận vuông có kích thước lớn hơn 3, thì det(A) = 0, do đó đáp án det(A) = 0 có khả năng đúng nhất, vì nếu hạng của ma trận nhỏ hơn số hàng hoặc cột, thì định thức của ma trận đó bằng 0.

Để họ M sinh ra không gian có chiều là 3, ba vectơ trong M phải độc lập tuyến tính. Điều này có nghĩa là định thức của ma trận tạo bởi ba vectơ này phải khác 0.

Ta xét định thức của ma trận:

\(\begin{vmatrix} 1 & 2 & 3 \\ 1 & 3 & 4 \\ 1 & 5 & m \end{vmatrix} = 1(3m - 20) - 2(m - 4) + 3(5 - 3) = 3m - 20 - 2m + 8 + 6 = m - 6\)

Để định thức khác 0, ta cần \(m - 6 \ne 0\), tức là \(m \ne 6\).

Vì v₁, v₃ là hệ độc lập tuyến tính cực đại của hệ v₁, v₂, v₃, v₄ nên V được sinh ra bởi v₁, v₃. Do đó, v₂ và v₄ có thể biểu diễn được dưới dạng tổ hợp tuyến tính của v₁ và v₃. Vậy v₂ là tổ hợp tuyến tính của v₁, v₃.