Câu hỏi:

Ta có: \(\log _{2}(a b)=\log _{32}\left(\frac{b}{a}\right) \Leftrightarrow \log _{2}(a b)=\log _{2}\left(\frac{b}{a}\right)^{\frac{1}{5}}\)

\(\Leftrightarrow a b=\left(\frac{b}{a}\right)^{\frac{1}{5}} \Leftrightarrow(a b)^{5}=\frac{b}{a} \Leftrightarrow a^{6}. b^{5}=b \Leftrightarrow a^{6}. b^{4}=1\)

Tập xác định \(D=\mathbb{R} \backslash\{1\}\). Ta có \(y^{\prime}=\frac{-2}{(x-1)^{2}}\).

Gọi \(M\left(x_{0} ; y_{0}\right)\) thuộc đồ thị hàm số \(y=\frac{-x+3}{x-1}\).

Ta có \(x_{0}=0\) thì \(y_{0}=-3\) nên \(M(0 ;-3)\).

Mà \(y^{\prime}(0)=-2\).

Vậy phương trình tiếp tuyến tại điểm \(M(0 ;-3)\) là \(y=-2 x-3\).

Ta có: \(f(1)=1+m\).

+) \(\lim _{x \rightarrow 1^{+}} f(x)=\lim _{x \rightarrow 1^{+}} \frac{\sqrt{x+3}-2}{x-1}=\lim _{x \rightarrow 1^{+}} \frac{x-1}{(x-1)(\sqrt{x+3}+2)}\)

\(=\lim _{x \rightarrow 1^{+}} \frac{1}{(\sqrt{x+3}+2)}=\frac{1}{4}\).

+) \(\lim _{x \rightarrow 1^{-}} f(x)=\lim _{x \rightarrow 1^{-}}\left(x^{2}+m x\right)=1+m\).

Hàm số đã cho liên tục tại \(x=1\) khi và chỉ khi \(\lim _{x \rightarrow 1^{+}} f(x)=\lim _{x \rightarrow 1^{-}} f(x)=f(1) \Leftrightarrow 1+m=\frac{1}{4} \Leftrightarrow m=-\frac{3}{4}\).

Kẻ \(O H \perp S M\), suy ra \(d(O, S M)=O H\).

Ta có \(S O=\sqrt{S C^{2}-O C^{2}}=\sqrt{a^{2}-\left(\frac{a \sqrt{2}}{2}\right)^{2}}=\frac{a \sqrt{2}}{2}\).

Trong \(\triangle S O M\) vuông tại \(O\), ta có:

\(\frac{1}{O H^{2}}=\frac{1}{O M^{2}}+\frac{1}{O S^{2}}=\frac{1}{\left(\frac{a}{2}\right)^{2}}+\frac{1}{\left(\frac{a \sqrt{2}}{2}\right)^{2}}=\frac{6}{a^{2}} \Rightarrow O H=\frac{a}{\sqrt{6}} \Rightarrow d(O, S M)=O H=\frac{a}{\sqrt{6}}\)

Khi \(m=2\), ta có phương trình \((*)\) trở thành \(f(x)=x^{3}-2 x^{2}-4 x+8\)

Ta có \(f^{\prime}(x)=3 x^{2}-4 x-4=0 \Leftrightarrow\left[\begin{array}{l}x=2 \\ x=-\frac{2}{3}\end{array}\right.\)

Ta xét \(\left\{\begin{array}{l}f(-1)=9 \\ f\left(-\frac{2}{3}\right)=\frac{256}{27} \\ f(2)=0 \\ f(3)=5\end{array}\right.\)

Vậy giá trị nhỏ nhất của hàm số trên đoạn \([-1 ; 3]\) là \(f(2)=0\).