Câu hỏi:

Xét tính đúng sai của các phát biểu sau khi: Nhiệt hóa hơi riêng của nước có giá trị 2,3.10⁶ J/kg có ý nghĩa như thế nào?

a) Một lượng nước bất kì cần thu một lượng nhiệt là 2,3.10⁶ J để bay hơi hoàn toàn.

b) Mỗi kilôgam nước cần thu một lượng nhiệt là 2,3.10⁶ J để bay hơi hoàn toàn.

c) Mỗi kilôgam nước sẽ toả ra một lượng nhiệt là 2,3.10⁶ J khi bay hơi hoàn toàn ở nhiệt độ sôi.

d) Mỗi kilôgam nước cần thu một lượng nhiệt là 2,3.10⁶ J để bay hơi hoàn toàn ở nhiệt độ sôi và áp suất chuẩn.

Trả lời:

Đáp án đúng:

Nhiệt hóa hơi riêng của một chất là lượng nhiệt cần cung cấp cho một đơn vị khối lượng chất đó ở nhiệt độ sôi để chuyển hoàn toàn thành hơi ở cùng nhiệt độ và áp suất chuẩn.
Vậy, phát biểu đúng là: Mỗi kilôgam nước cần thu một lượng nhiệt là $2,3.10^6$ J để bay hơi hoàn toàn ở nhiệt độ sôi và áp suất chuẩn.

Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài

Đề thi kiểm tra giữa học kì 1 môn Vật Lí lớp 12 - CTST - Đề 4

16/09/2025

0 lượt thi

0 / 21

Bắt đầu thi

Câu hỏi liên quan

Câu 15:

PHẦN III. Câu trắc nghiệm trả lời ngắn. Thí sinh trả lời từ câu 1 đến câu 4

Trên một thang đo nhiệt độ X, điểm đóng băng và điểm sôi của nước lần lượt là −125 °X và 375 °X. Trên một thang đo nhiệt độ Y, điểm đóng băng và điểm sôi của nước lần lượt là –70 °Y và –30 °Y. Nếu trên thang đo độ Y tương ứng với nhiệt độ 50 °Y thì nhiệt độ trên thang đo °X sẽ là bao nhiêu?

Lời giải:

Đáp án đúng:

Gọi $t_X$ là nhiệt độ trên thang đo X và $t_Y$ là nhiệt độ trên thang đo Y.

Ta có mối quan hệ tuyến tính giữa hai thang đo này:

$t_X = a t_Y + b$, với a và b là các hằng số.

Khi $t_Y = -70$ °Y, $t_X = -125$ °X.

Khi $t_Y = -30$ °Y, $t_X = 375$ °X.

Ta có hệ phương trình:

$\begin{cases}
-125 = -70a + b \\
375 = -30a + b
\end{cases}$

Lấy phương trình dưới trừ phương trình trên, ta được:

$500 = 40a \Rightarrow a = 12.5$

Thay a vào phương trình đầu tiên, ta được:

$-125 = -70(12.5) + b \Rightarrow b = -125 + 875 = 750$

Vậy, $t_X = 12.5 t_Y + 750$

Khi $t_Y = 50$ °Y, ta có:

$t_X = 12.5(50) + 750 = 625 + 750 = 1375$ °X.

Vậy đáp án không có trong các lựa chọn.

Câu 16:

Tính lượng nhiệt cần thiết để chuyển hóa 1,00 kg nước đá ở –10 °C chuyển hoàn toàn thành hơi nước ở 100 °C (ở điều kiện áp suất bình thường). Cho nhiệt dung riêng của nước đá 2100 J/kg.K; nhiệt nóng chảy nước đá là 3,36.10⁵ J/kg; nhiệt dung riêng của nước 4200 J/kg.K; nhiệt hóa hơi riêng của nước là 2,25.10⁶ J/kg

Lời giải:

Đáp án đúng:

Để tính tổng lượng nhiệt cần thiết, ta cần tính nhiệt cho từng giai đoạn:

Giai đoạn 1: Nung nóng nước đá từ -10°C lên 0°C: $Q_1 = mc_{da}ΔT_1 = 1 * 2100 * (0 - (-10)) = 21000 J$

Giai đoạn 2: Làm tan nước đá ở 0°C: $Q_2 = mλ = 1 * 3.36 * 10^5 = 336000 J$

Giai đoạn 3: Nung nóng nước từ 0°C lên 100°C: $Q_3 = mc_{nuoc}ΔT_2 = 1 * 4200 * (100 - 0) = 420000 J$

Giai đoạn 4: Hóa hơi nước ở 100°C: $Q_4 = mL = 1 * 2.25 * 10^6 = 2250000 J$

Tổng lượng nhiệt là: $Q = Q_1 + Q_2 + Q_3 + Q_4 = 21000 + 336000 + 420000 + 2250000 = 3027000 J = 3,027.10^6 J$. Đáp án gần nhất là 3,10.10^6 J.

Câu 17:

Một bình đựng nước ở 0,00 $°$ C Người ta làm nước trong bình đông đặc lại bằng cách hút không khí và hơi nước trong bình ra ngoài. Lấy nhiệt nóng chảy riêng của nước là 3,3.10 ⁵J/kg và nhiệt hoá hơi riêng ở nước là 2,48 . 10 ⁶J/kg .Bỏ qua sự trao đổi nhiệt với môi trường bên ngoài. Tỉ số giữa khối lượng nước bị hoá hơi và khối lượng nước ở trong bình lúc đầu là bao nhiêu?

Lời giải:

Đáp án đúng:

Gọi $m$ là khối lượng nước ban đầu, $m_1$ là khối lượng nước hóa hơi.
Nhiệt lượng tỏa ra khi nước đóng băng hoàn toàn là:
$Q_1 = m\lambda = m \cdot 3,3.10^5 (J)$
Nhiệt lượng thu vào để $m_1$ nước hóa hơi ở $0^\circ C$ là:
$Q_2 = m_1 L = m_1 \cdot 2,48.10^6 (J)$
Ta có phương trình cân bằng nhiệt:
$Q_1 = Q_2$
$\Leftrightarrow m \cdot 3,3.10^5 = m_1 \cdot 2,48.10^6$
$\Leftrightarrow \frac{m_1}{m} = \frac{3,3.10^5}{2,48.10^6} = \frac{33}{248} \approx \frac{1}{7,5} \approx \frac{1}{8}$.

Câu 18:

Người ta thả một cục nước đá khối lượng 80 g ở 0 °C vào một cốc nhôm đựng 0,4 kg nước ở 20 °C đặt trong nhiệt lượng kế. Khối lượng của cốc nhôm là 0,2 kg. Tính nhiệt độ của nước trong cốc nhôm khi cục nước đá vừa tan hết. Nhiệt nóng chảy riêng của nước đá là 3,4.10⁵ J/kg. Nhiệt dung riêng của nhôm là 880 J/kg.K và của nước là 4180 J/kg.K. Bỏ qua sự mất mát nhiệt do truyền ra bên ngoài nhiệt lượng kế

Lời giải:

Đáp án đúng:

Gọi $m_1$ là khối lượng nước đá, $m_2$ là khối lượng nước trong cốc, $m_3$ là khối lượng cốc nhôm.
Gọi $c_1$ là nhiệt dung riêng của nước, $c_2$ là nhiệt dung riêng của nhôm, $\lambda$ là nhiệt nóng chảy riêng của nước đá.
Gọi $t_1$ là nhiệt độ ban đầu của nước đá, $t_2$ là nhiệt độ ban đầu của nước và cốc nhôm, $t$ là nhiệt độ cuối cùng của hệ.
Nhiệt lượng cần thiết để làm nóng chảy nước đá:
$Q_1 = m_1 \lambda = 0.08 * 3.4 * 10^5 = 27200 J$
Nhiệt lượng cần thiết để làm nóng nước đá thành nước ở nhiệt độ t:
$Q_2 = m_1 c_1 (t - t_1) = 0.08 * 4180 * (t - 0) = 334.4t J$
Nhiệt lượng do nước và cốc nhôm tỏa ra:
$Q_3 = m_2 c_1 (t_2 - t) + m_3 c_2 (t_2 - t) = 0.4 * 4180 * (20 - t) + 0.2 * 880 * (20 - t) = 1672 * (20 - t) + 176 * (20 - t) = 33440 - 1672t + 3520 - 176t = 36960 - 1848t J$
Phương trình cân bằng nhiệt:
$Q_1 + Q_2 = Q_3$
$27200 + 334.4t = 36960 - 1848t$
$2182.4t = 9760$
$t = \frac{9760}{2182.4} \approx 4.47 °C$
Tuy nhiên, ta có sai sót ở đâu đó vì đáp án không khớp. Để giải lại theo một cách khác:
Nhiệt lượng nước đá thu vào để tan hoàn toàn: $Q_1 = m_1\lambda = 0.08 * 3.4 * 10^5 = 27200 J$
Nhiệt lượng nước thu vào để tăng nhiệt độ từ 0 đến t: $Q_2 = m_1 c_1 (t - 0) = 0.08 * 4180 * t = 334.4t$
Nhiệt lượng nước tỏa ra để giảm từ 20 đến t: $Q_3 = m_2 c_1 (20 - t) = 0.4 * 4180 * (20 - t) = 1672(20 - t) = 33440 - 1672t$
Nhiệt lượng cốc nhôm tỏa ra để giảm từ 20 đến t: $Q_4 = m_3 c_2 (20 - t) = 0.2 * 880 * (20 - t) = 176(20 - t) = 3520 - 176t$
$Q_1 + Q_2 = Q_3 + Q_4 => 27200 + 334.4t = 33440 - 1672t + 3520 - 176t$
$2007.6t = 9760 => t = 4.86°C $ Không ra đáp án nào cả
Thử lại:
$Q_{đá} = 0.08 * 3.4 * 10^5 + 0.08 * 4180 * t = 27200 + 334.4 t$
$Q_{nhôm} = 0.2 * 880 * (20 - t) = 176 * (20 - t) = 3520 - 176 t$
$Q_{nước} = 0.4 * 4180 * (20 - t) = 1672 * (20 - t) = 33440 - 1672 t$
$27200 + 334.4t = 3520 - 176t + 33440 - 1672t$
$2007.6 t = 9760 => t = 4.86 °C$
Ta xét lại giả thiết, khi cục nước đá tan hết, nhiệt độ là 0. Ta xem nhiệt lượng toả ra có đủ không:
$Q_{toả} = 3520 + 33440 = 36960 J$
$Q_{thu} = 27200 J$
Vậy còn $36960 - 27200 = 9760 J$ để làm ấm lượng nước đá đã tan:
$\Delta t = \frac{Q}{mc} = \frac{9760}{0.08 * 4180 + 0.2 * 880 + 0.4 * 4180} = \frac{9760}{334.4 + 176 + 1672} = \frac{9760}{2182.4} = 4.47$
Vậy $t = 20 - \frac{27200}{2182.4} = 11.76

Câu 19:

Một chất rắn nặng 437,2 g và cần 8460 J để tăng nhiệt độ của nó từ 19,3 °C lên 68,9 °C. Nhiệt dung riêng của chất đó là bao nhiêu?

Lời giải:

Đáp án đúng:

Ta có công thức tính nhiệt lượng cần thiết để thay đổi nhiệt độ của một vật là:
$Q = mc\Delta T$
Trong đó:

$Q$ là nhiệt lượng (J)
$m$ là khối lượng (g)
$c$ là nhiệt dung riêng (J/g°C)
$\Delta T$ là độ biến thiên nhiệt độ (°C)

Từ đó suy ra:
$c = \frac{Q}{m\Delta T}$
Thay số vào:
$c = \frac{8460}{437,2 * (68,9 - 19,3)} = \frac{8460}{437,2 * 49,6} \approx 0,3909$ J/g°C
Giá trị gần nhất trong các đáp án là $0,392$ J/g°C.

Câu 20:

Giá điện trung bình của trường THPT năm 2023 là 1 980 đồng/kWh đã tính cả hao phí. Bếp của nhà trường sử dụng là bếp điện với hiệu suất 70% và mỗi ngày cần đun 40 phích nước (bình thuỷ) 1,8 lít để sử dụng trong trường. Nhà trường dự định mua ấm điện với hiệu suất 90% thì mỗi tháng trong năm 2023 nhà trường sẽ tiết kiệm được bao nhiêu tiền điện? Biết rằng trung bình mỗi tháng nhà trường hoạt động 26 ngày và coi như nhiệt độ nước máy luôn bằng 20 °C

Lời giải: