Câu hỏi:

Từ hình vẽ mô phỏng trên, ta nhận xét hai đồ thị hàm số \(f(x), g(x)\) có mối quan hệ thông qua phép quay có tâm là tọa độ (50;0). Do đó để giải quyết bài toán nhanh gọn, ta có thể di dời tâm quay này sang điểm khác mà không làm thay đổi đi độ dài của đoạn thẳng \(BC\), tức \(|x_3 - x_2|= x_3 - x_2 = BC = 150\) (do \(x_1 < x_2 < x_3 < x_4\)).

Khi đó ta dời tâm quay từ \((50;0)\) sang \((0;0)\), ta suy ra \(x_3 = -x_2 = 75\) và \(x_4 = -x_1\), khi ấy \(f(x)\) trở thành \(p(x)\) và \(g(x)\) trở thành \(q(x)\) sao cho \(p(x) = -q(-x)\) và \(x_3, x_2\) lần lượt là các nghiệm của \(p(x)\) và \(q(x)\). Suy ra \(x_1, x_4\) lần lượt là các nghiệm của \(p(x)\) và \(q(x)\), khi ấy ta có được: \(p(x) = a(x - 75)(x - x_1)\) và \(q(x) = -a(x + 75)(x + x_1)\).

Khi đó ta có đỉnh của đồ thị \(p(x)\) có hoành độ là \(\frac{75 + x_1}{2}\) và theo giá thiết ta thế vào \(q(x)\), thu được: \(p\left(\frac{75 + x_1}{2}\right) = -\frac{a}{4}\left(75 - x_1\right)^2 = q\left(\frac{75 + x_1}{2}\right) = -\frac{a}{4}\left(x_1 + 225\right)\left(3x_1 + 75\right)\).

Tóm lại ta có được phương trình sau: \(\left(75 - x_1\right)^2 = \left(x_1 + 225\right)\left(3x_1 + 75\right)\). Đặt \(x_1 = 75u, u < -1\) thì phương trình trở thành: \(\left(3u + 1\right)\left(u + 3\right) = \left(u - 1\right)^2 \Leftrightarrow u^2 + 6u + 1 = 0 \Leftrightarrow u = -3 \pm 2\sqrt{2}\).

Mà \(u < -1\) nên \(u = -3 - 2\sqrt{2}\) tức \(x_1 = -75\left(3 + 2\sqrt{2}\right)\).

Suy ra khoảng cách cần tìm là \(AD = x_4 - x_1 = -x_1 - x_1 = -2x_1 = 150\left(3 + 2\sqrt{2}\right) \approx 874\).

Đáp án đúng là 874.

Dựa vào cấu trúc hình vẽ, các hình vuông chung cạnh với nhau tạo thành một vòng khép kín: \(H_1\) chung cạnh với \(H_2\) và \(H_4\); \(H_3\) chung cạnh với \(H_2\) và \(H_4\). Hai cặp hình vuông đối đỉnh \((H_1, H_3)\) và \((H_2, H_4)\) không có cạnh chung.

Ta chia làm 2 trường hợp dựa trên màu sắc của cặp đối đỉnh \(H_1\) và \(H_3\):

Trường hợp 1: \(H_1\) và \(H_3\) tô cùng một màu

Có 5 cách chọn màu cho \(H_1\).

Có 1 cách chọn màu cho \(H_3\) (phải giống \(H_1\)).

Khi đó, \(H_2\) và \(H_4\) đều chung cạnh với \(H_1, H_3\) (lúc này cùng 1 màu), nên \(H_2\) có 4 cách chọn (khác màu \(H_1\)) và \(H_4\) có 4 cách chọn (khác màu \(H_1\)).

Số cách tô: \(5 \times 1 \times 4 \times 4 = 80\) (cách).

Trường hợp 2: \(H_1\) và \(H_3\) tô màu khác nhau

Có 5 cách chọn màu cho \(H_1\).

Có 4 cách chọn màu cho \(H_3\) (khác màu \(H_1\)).

Khi đó, \(H_2\) và \(H_4\) đều chung cạnh với cả \(H_1\) và \(H_3\) (đang mang 2 màu khác nhau), nên \(H_2\) có 3 cách chọn và \(H_4\) có 3 cách chọn.

Số cách tô: \(5 \times 4 \times 3 \times 3 = 180\) (cách).

Tổng số cách tô màu thỏa mãn yêu cầu đề bài là:

\(80 + 180 = 260\) (cách).

Đáp án đúng là 260.

Đổi đơn vị bán kính \(R = 6\) km = 6000 m. Đổi góc chắn cung \(60^\circ = \frac{\pi}{3}\) rad.

Độ dài cung tròn \(AB\) chính là quãng đường vật di chuyển được: \(S = R.\alpha = 6000.\frac{\pi}{3} = 2000\pi(\mathrm{m})\).

Ta có vận tốc là \(v(t) = \int a(t) \, \mathrm{d}t = \int (10 - 0,5t) \, \mathrm{d}t = 10t - 0,25t^2 + C_1\).

Tại thời điểm \(t = 0\), vận tốc \(v(0) = 200 \, \mathrm{m/s}\) nên \(C_1 = 200\).

Suy ra phương trình vận tốc là \(v(t) = -0,25t^2 + 10t + 200\).

Quãng đường vật đi được là \(s(t) = \int v(t) \, \mathrm{d}t = \int (-0,25t^2 + 10t + 200) \, \mathrm{d}t = -\frac{1}{12} t^3 + 5t^2 + 200t + C_2\).

Tại thời điểm \(t = 0\), \(s(0) = 0\) nên \(C_2 = 0\).

Suy ra phương trình quãng đường là \(s(t) = -\frac{1}{12} t^3 + 5t^2 + 200t\).

Khi vật đến vị trí \(B\), quãng đường đi được bằng độ dài cung \(AB\), ta có phương trình:

\(- \frac {1}{12} t ^ {3} + 5 t ^ {2} + 200 t = 2000\pi \Leftrightarrow t \approx 23,179 \, (\mathrm{giây})\).

Suy ra: \(v(B) \approx -0,25 \cdot (23,179)^2 + 10 \cdot (23,179) + 200 \approx 297 \, (\mathrm{m/s})\).

Đáp án đúng là 297.

Vùng quan sát của camera trên mặt phẳng công trường \(z = -5\) là một hình tròn tâm \(H(t; -2t; -5)\).

Độ cao của camera so với thiết bị là \(h = 45 - (-5) = 50\) (m).

Bán kính vùng quan sát là \(R = h \cdot \tan(60^\circ) = 50\sqrt{3}\) (m).

Để quan sát được cả ba thiết bị, khoảng cách từ \(H\) đến các điểm \(A, B, C\) phải không vượt quá \(R\), tức là \(HA^2, HB^2, HC^2 \leq R^2 = 7\,500\).

\(HA^2 = (t - 3)^2 + (-2t - 4)^2 = 5t^2 + 10t + 25 \leq 7\,500\)

\(HB^2 = (t - 3)^2 + (-2t - 64)^2 = 5t^2 + 250t + 4\,105 \leq 7\,500\)

\(HC^2 = (t - 83)^2 + (-2t - 4)^2 = 5t^2 - 150t + 6\,905 \leq 7\,500\)

Giải hệ bất phương trình trên, ta tìm được tập giá trị của tham số \(t\) thỏa mãn là \(t \in [-3,56; 11,26]\).

Vị trí gắn camera là \(M(t; -2t; 45)\). Khoảng cách từ \(M\) đến \(B(3; 64; -5)\) là:

\(MB = \sqrt{(t - 3)^2 + (-2t - 64)^2 + (45 - (-5))^2} = \sqrt{5t^2 + 250t + 6\,605}\).

Xét hàm số \(f(t) = 5t^2 + 250t + 6\,605\) trên đoạn \([-3,56; 11,26]\), hàm số đạt giá trị nhỏ nhất tại đầu mút \(t \approx -3,56\).

Giá trị khoảng cách nhỏ nhất là: \(MB_{min} = \sqrt{f(-3,56)} \approx 76\) (m).

Đáp án đúng là 76.

Gọi \(A\) là biến cố “Giữa 2 bóng đèn tất kề nhau bất kỳ không có 2 bóng sáng”.

Gọi \(x_{1}, x_{2}, x_{3}, x_{4}, x_{5}\) lần lượt là số các bóng đèn sáng trước bóng đèn tất thứ 1, giữa hai bóng đèn tất liền kề và sau bóng tất thứ 4 theo thứ tự từ trái qua phải. Ta có \(\left\{ \begin{array}{l} x_{1} + x_{2} + \ldots + x_{5} = 22, \\ x_{1} \geq 0, x_{5} \geq 0, x_{i} \neq 2, \forall i = 2, 3, 4. \end{array} \right.\).

 Xét hệ phương trình \(\left\{ \begin{array}{l} x_{1} + x_{2} + \ldots + x_{5} = 22, \\ x_{i} \geq 0, \forall i = 1, 2, 3, 4, 5 \end{array} \right.\). Số nghiệm của hệ này chính là số cách chọn 4 bóng đèn để tất từ 26 bóng đèn nên nó bằng \(C_{26}^{4}\).

 Gọi \(A, B, C\) lần lượt là các cách chọn mà \(x_{2} = 2, x_{3} = 2, x_{4} = 2\) thì ta cần tính \(C_{26}^{4} -|A \cup B \cup C|\).

+) Với \(x_{2} = 2\) thì \(\left\{ \begin{array}{l} x_{1} + x_{3} + \ldots + x_{5} = 20 \\ x_{i} \geq 0, \forall i = 1, 3, 4, 5 \end{array} \right.\). Nghiệm của hệ này chính là số cách chọn 3 bóng đèn tất từ 23 bóng đèn (đã loại bóng tất thứ 2 và hai bóng sáng liền sau nó) nên nó bằng \(C_{23}^{3}\).

Vậy \(|A|= C_{23}^{3}\). Tương tự, \(|B|=|C|=|A|= C_{23}^{3}\).

+) Với \(x_{2} = 2, x_{3} = 2\). Ta có \(\left\{ \begin{array}{l} x_{1} + x_{4} + x_{5} = 18, \\ x_{i} \geq 0, \forall i = 1, 4, 5 \end{array} \right.\). Lập luận tương tự ta có \(|A \cap B|= C_{20}^{2}\).

Suy ra \(|B \cap C|=|A \cap C|=|A \cap B|= C_{20}^{2}\).

+) Tương tự, \(|A \cap B \cap C|= C_{17}^{1}\). Do đó số cách chọn cần tìm là \(n(A) = C_{26}^{4} - \left(3 \cdot C_{23}^{3} - 3 \cdot C_{20}^{2} + C_{17}^{1}\right)\).

Ta có \(P(A) = \frac{C_{26}^{4} - \left(3 \cdot C_{23}^{3} - 3 \cdot C_{20}^{2} + C_{17}^{1}\right)}{C_{26}^{4}} = \frac{1019}{1495}\).

\(Leftrightarrow m=1019; n=1495\)

Vậy \(m+n=1019+1495=2514\)

Đáp án đúng là 2514.