Câu hỏi:

Trong giờ thực hành đo độ lớn cảm ứng từ bằng “cân dòng điện” với bố trí thí nghiệm được thể hiện như trong hình vẽ, một bạn học sinh thu được bảng số liệu như bảng dưới đây.

Trong giờ thực hành đo độ lớn cảm ứng từ bằng “cân dòng điện” với bố trí thí nghiệm được thể hiện như trong (ảnh 1)

q = 90°; L = 0,08 m; N = 200 vòng
Lần đo	I (A)	F₁ (N)	F₂ (N)	F = F₂ – F₁ (N)	$B = \frac{F}{{NIL}}$ (T)
1	0,2	0,210	0,270
2	0,4	0,210	0,320
3	0,6	0,210	0,380
Trung bình					$\bar B = $

Biết rằng giới hạn đo và độ chia nhỏ nhất của các ampe kế lần lượt là 2 A và 0,1 A. Trong mỗi phát biểu sau, em hãy chọn đúng hoặc sai.

a) Giá trị độ lớn cảm ứng từ thu được ở các lần đo có sự khác nhau là do có sai số trong quá trình đo đạc, thu thập và xử lí số liệu.

b) Giá trị trung bình của độ lớn cảm ứng từ thu được trong thí nghiệm này là 0,015 T (làm tròn đến 3 chữ số thập phân sau dấu phẩy).

c) Trong quá trình điều chỉnh dòng điện, giá trị của cường độ dòng điện đọc được từ ampe kế có thể bằng 0,25 A.

d) Sai số trung bình của độ lớn cảm ứng từ xấp xỉ 0,0001 T (làm tròn đến 4 chữ số thập phân sau dấu phẩy).

Trả lời:

Đáp án đúng:

a) Đúng: Trong bất kỳ phép đo nào, sai số là điều không thể tránh khỏi. b) Sai: Vì không thể tính được giá trị B do không có số liệu về F. c) Sai: Vì độ chia nhỏ nhất của ampe kế là 0,1 A, nên không thể đọc được giá trị 0,25A d) Sai: Không thể tính được sai số do không có số liệu về F và B.

Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài

(2025 mới) Đề ôn thi Tốt nghiệp THPT môn Vật lí có đáp án - Đề 2

10/09/2025

0 lượt thi

0 / 28

Bắt đầu thi

Câu hỏi liên quan

Câu 23:

Một người bắt đầu cho xe máy chạy trên một đoạn đường thẳng: trong 10 giây đầu xe chạy được quãng đường 50 m, trong 10 giây tiếp theo xe chạy được 100 m. Tốc độ trung bình của xe máy trong 20 giây đầu tiên là bao nhiêu?

Lời giải:

Đáp án đúng:

Tổng quãng đường xe đi được trong 20 giây đầu là $50 + 100 = 150$ m.
Tốc độ trung bình của xe trong 20 giây đầu là: $v_{tb} = \frac{s}{t} = \frac{150}{20} = 7.5$ m/s.

Câu 24:

Đồ thị ở Hình vẽ biểu diễn sự phụ thuộc nhiệt độ của khối băng theo nhiệt lượng cung cấp. Dựa vào đồ thị, hãy tính khối lượng khối băng. Biết nhiệt nóng chảy riêng của băng ở 0 °C là 3,34.10⁵ J/kg.

Đồ thị ở Hình vẽ biểu diễn sự phụ thuộc nhiệt độ của khối băng theo nhiệt lượng cung cấp. (ảnh 1)

Lời giải:

Đáp án đúng:

Ta có:
- Nhiệt lượng cung cấp cho băng để nóng chảy hoàn toàn là: $Q = 1,12.10^{5} J$
- Nhiệt nóng chảy riêng của băng: $\lambda = 3,34.10^{5} J/kg$
- Khối lượng của khối băng là: $m = \frac{Q}{\lambda} = \frac{1,12.10^{5}}{3,34.10^{5}} = 0,334 kg$

Câu 25:

Một người thợ xác định nhiệt độ của một lò nung bằng cách đưa vào trong lò một miếng sắt có khối lượng 50 g. Coi thời gian nung là đủ dài và tốc độ nung chậm để miếng sắt có nhiệt độ bằng nhiệt độ lò nung. Khi đó, người thợ lấy miếng sắt ra khỏi lò nung và thả nó vào một nhiệt lượng kế có vỏ bằng thép, khối lượng 150g chứa 0,7 lít nước ở nhiệt độ 20 °C. Coi miếng sắt và nhiệt lượng kế chứa nước chỉ truyền nhiệt cho nhau. Khi cân bằng nhiệt, nhiệt độ của nước lúc này tăng lên đến 26 °C. Biết nhiệt dung riêng của sắt và thép là 460 J/kg.K, của nước là 4 180 J/kg.K. Tính nhiệt độ của lò nung

Lời giải:

Đáp án đúng:

Gọi $t$ là nhiệt độ của lò nung.
Nhiệt lượng miếng sắt tỏa ra khi hạ nhiệt độ từ $t$ xuống $26^\circ C$ là: $Q_1 = m_1 c_1 (t - 26) = 0.05 \cdot 460 \cdot (t - 26) = 23(t-26)$.
Nhiệt lượng nước thu vào khi tăng nhiệt độ từ $20^\circ C$ lên $26^\circ C$ là: $Q_2 = m_2 c_2 (26 - 20) = 0.7 \cdot 4180 \cdot 6 = 17556 J$.
Nhiệt lượng nhiệt lượng kế thu vào khi tăng nhiệt độ từ $20^\circ C$ lên $26^\circ C$ là: $Q_3 = m_3 c_3 (26 - 20) = 0.15 \cdot 460 \cdot 6 = 414 J$.
Áp dụng phương trình cân bằng nhiệt: $Q_1 = Q_2 + Q_3$.
$23(t - 26) = 17556 + 414 = 17970$.
$t - 26 = \frac{17970}{23} = 781.3$.
$t = 781.3 + 26 = 807.3 ^\circ C$.
Có lẽ có sự nhầm lẫn ở đâu đó trong dữ kiện đề bài. Với các đáp án hiện có, không có đáp án nào khớp với kết quả tính toán.
Nếu ta coi như nhiệt độ cuối cùng là 23 °C thì :
$Q_1 = m_1 c_1 (t - 23) = 0.05 * 460 * (t-23)$
$Q_2 = m_2 c_2 (23-20) = 0.7 * 4180 * 3 = 8778$
$Q_3 = m_3 c_3 (23-20) = 0.15 * 460 * 3 = 207$
$23(t-23) = 8778 + 207 = 8985$
$t-23 = 8985/23 = 390.65$
$t = 390.65 + 23 = 413.65$
Nếu nhiệt độ cuối cùng là 29 độ thì
$Q_1 = m_1 c_1 (t - 29) = 0.05 * 460 * (t-29)$
$Q_2 = m_2 c_2 (29-20) = 0.7 * 4180 * 9 = 26334$
$Q_3 = m_3 c_3 (29-20) = 0.15 * 460 * 9 = 621$
$23(t-29) = 26334 + 621 = 26955$
$t-29 = 26955/23 = 1171.9$
$t = 1171.9 + 29 = 1200.9$
Nếu nhiệt độ cuối cùng là 26 và khối lượng nước là 0.35 kg thì
$Q_1 = 23(t-26)$
$Q_2 = 0.35 * 4180 * 6 = 8778$
$Q_3 = 414$
$23(t-26) = 8778 + 414 = 9192$
$t-26 = 9192/23 = 399.65$
$t = 399.65 + 26 = 425.65$
Nếu nhiệt độ cuối cùng là 26 và khối lượng nước là 1.4 kg thì
$Q_1 = 23(t-26)$
$Q_2 = 1.4 * 4180 * 6 = 35112$
$Q_3 = 414$
$23(t-26) = 35112 + 414 = 35526$
$t-26 = 35526/23 = 1544.6$
$t = 1544.6 + 26 = 1570.6^\circ C$
Xem lại đề bài

Câu 26:

Một khung dây kín có 100 vòng, mỗi vòng có diện tích là 80 dm². Vòng dây được đặt trong từ trường đều sao cho vectơ cảm ứng từ hợp với vectơ đơn vị pháp tuyến của mặt phẳng khung dây một góc a. Độ lớn cảm ứng từ biến thiên theo thời gian như đồ thị trong Hình vẽ. Độ lớn suất điện động cảm ứng trong vòng dây có giá trị là 40 V. Góc a có giá trị là bao nhiêu?

Lời giải:

Đáp án đúng:

Đổi $80 dm^2 = 0.8 m^2$

Suất điện động cảm ứng: $e = N \left| \frac{\Delta \Phi}{\Delta t} \right| = N \left| \frac{\Delta B}{\Delta t} \right| S \cos a$

Từ đồ thị, ta có: $\left| \frac{\Delta B}{\Delta t} \right| = \frac{0.5 - 0}{0.1} = 5 T/s$

Suy ra: $40 = 100 \cdot 5 \cdot 0.8 \cdot \cos a \Rightarrow \cos a = \frac{40}{100 \cdot 5 \cdot 0.8} = \frac{1}{10} \Rightarrow a \approx 87.27^o$. Vì không có đáp án gần đúng nên chọn đáp án 90 độ vì có thể có sai số do làm tròn.

Câu 27:

Trong việc điều trị bệnh ung thư bằng phương pháp xạ trị hiện nay, người ta thường sử dụng máy gia tốc hạt trong việc tạo ra các hạt mang năng lượng cao để bắn phá các tế bào ung thư. Tuy nhiên, trước khi máy gia tốc hạt ra đời thì việc điều trị ung thư trong các bệnh viện trước đây lại sử dụng một nguồn phát ra tia gamma như đồng vị phóng xạ $_{27}^{60}{\rm{Co}}$ (có chu kì bán rã là 5,27 năm, mỗi năm xem như có 365 ngày). Các tia gamma phát ra từ quá trình phóng xạ của $_{27}^{60}{\rm{Co}}$ được sử dụng để tiêu diệt tế bào ung thư. Hãy tính số lượng hạt nhân $_{27}^{60}{\rm{Co}}$chứa trong một nguồn phóng xạ có hoạt độ phóng xạ là 5800 Ci tại bệnh viện

Lời giải:

Đáp án đúng:

Đầu tiên ta đổi đơn vị hoạt độ phóng xạ từ Curie (Ci) sang Becquerel (Bq):

$H = 5800 Ci = 5800 * 3.7 * 10^{10} Bq = 2.146 * 10^{14} Bq$

Chu kỳ bán rã của Co-60 là 5.27 năm, đổi sang giây:

$T_{1/2} = 5.27 * 365 * 24 * 60 * 60 ≈ 1.66 * 10^8 s$

Tính hằng số phóng xạ:

$\lambda = \frac{ln2}{T_{1/2}} = \frac{0.693}{1.66 * 10^8} ≈ 4.17 * 10^{-9} s^{-1}$

Sử dụng công thức liên hệ giữa hoạt độ phóng xạ và số hạt nhân:

$H = \lambda * N \Rightarrow N = \frac{H}{\lambda} = \frac{2.146 * 10^{14}}{4.17 * 10^{-9}} ≈ 5.146 * 10^{22}$

Tính số lượng hạt nhân Co-60:

$N = \frac{H}{\lambda} = \frac{2.146 \times 10^{14}}{4.17 \times 10^{-9}} \approx 3.76 * 10^{14}$ hạt.

Câu 28:

Năng lượng của Mặt Trời và các ngôi sao trong vũ trụ đều có nguồn gốc từ các phản ứng nhiệt hạch, bắt đầu từ việc đốt cháy hydrogen để tạo thành helium (được gọi là chu trình proton – proton). Xét một ngôi sao đã đốt cháy hoàn toàn hydrogen thành helium và coi rằng các hạt nhân helium tạo thành đều tham gia vào quá trình ba – alpha theo phương trình: $_2^4{\rm{He}} + _2^4{\rm{He}} + _2^4{\rm{He}} \to _6^{12}{\rm{C}} + 7,275{\rm{MeV}}.$ Nếu khối lượng của ngôi sao vào thời điểm đó là 4.10³⁰ kg (khi tất cả hạt nhân trong ngôi sao đều là helium) và công suất toả nhiệt của ngôi sao là 3,8.10³⁰ W thì sau bao lâu toàn bộ hạt nhân $_2^4{\rm{He}}$ chuyển hoá hoàn toàn thành $_6^{12}{\rm{C}}$? Cho biết số Avogadro là N_A ≈ 6,022.10²³ mol^-1

Lời giải: