Câu hỏi:
Đáp án đúng: A
Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài
Câu hỏi liên quan
Phát biểu D sai vì các acid béo omega-3 và omega-6 không được tổng hợp từ các hydrocarbon tương ứng mà thường được tạo ra thông qua quá trình sinh tổng hợp phức tạp trong cơ thể hoặc được hấp thụ từ chế độ ăn uống.
Vậy, mỗi nguyên tử H đã góp 1 electron.
Số mol $K_2C_2O_4$ là: $n_{K_2C_2O_4} = \frac{5.52}{166} = 0.033 (mol)$
Số mol ${{\rm{K}}_3}\left[ {{\rm{Fe}}{{\rm{C}}_2}{{\rm{O}}_4}} \right] \cdot 3{{\rm{H}}_2}{\rm{O}}$ thu được là: $n_{phức} = \frac{3.51}{494} = 0.0071 (mol)$
Theo phương trình phản ứng, tỉ lệ mol giữa $FeCl_3$ và phức chất là 1:1, tỉ lệ mol giữa $K_2C_2O_4$ và phức chất là 3:1.
Vì $0.01 > 0.0071$ và $0.033/3 > 0.0071$ nên phức chất tạo thành tính theo hiệu suất của $FeCl_3$ hoặc $K_2C_2O_4$.
Ta có $0.033/3 = 0.011$ mol > $0.01$ mol. Vậy hiệu suất tính theo $FeCl_3$.
Hiệu suất phản ứng là: $H = \frac{0.0071}{0.011} * 100 \% = 71\%$ hoặc $H = \frac{0.0071}{0.01} * 100 \% = 71\%$
Do đó, hiệu suất của phản ứng là: $H = \frac{0.0071}{0.011}*100 \% = 71\%$ (Nếu $K_2C_2O_4$ hết trước)
Hoặc $H = \frac{0.0071}{0.01}*100 \% = 71\%$ (Nếu $FeCl_3$ hết trước)
Tuy nhiên, phản ứng này hiệu suất tính theo $FeCl_3$ vì $FeCl_3$ hết trước.
Hiệu suất phản ứng là: $H = \frac{0.0071}{0.01} * 100 \% = 71\% \approx 70.0\%$
- $n_{Sr(NO_3)_2} = 0.1 \times 1.5 = 0.15 \text{ mol}$
- $n_{NaOH} = 0.1 \times 1 = 0.1 \text{ mol}$
Phương trình phản ứng:
$Sr^{2+} + 2OH^- \rightarrow Sr(OH)_2$
Ban đầu: 0.15 mol Sr2+ và 0.1 mol OH-
Phản ứng: 0.05 mol Sr2+ và 0.1 mol OH-
Sau phản ứng: 0.1 mol Sr2+ và 0 mol OH-
Vậy $Sr(OH)_2$ bị kết tủa hết = 0.05 mol.
Thể tích dung dịch sau phản ứng: 0.1 + 0.1 = 0.2 L
$[Sr^{2+}] = \frac{0.1}{0.2} = 0.5 M$
$[OH^-] = 0$
$Sr(OH)_2 \rightleftharpoons Sr^{2+} + 2OH^-$
$K_{sp} = [Sr^{2+}][OH^-]^2 = 3.2 \times 10^{-4}$
Gọi x là độ tan của $Sr(OH)_2$, ta có:
$[Sr^{2+}] = 0.5 + x$
$[OH^-] = 2x$
$(0.5 + x)(2x)^2 = 3.2 \times 10^{-4}$
$4x^3 + 2x^2 = 3.2 \times 10^{-4}$
Do $K_{sp}$ nhỏ, nên x rất nhỏ so với 0.5, ta có thể bỏ qua x:
$2x^2 = 3.2 \times 10^{-4}$
$x^2 = 1.6 \times 10^{-4}$
$x = \sqrt{1.6 \times 10^{-4}} = 0.0126 M$
Khối lượng $Sr(OH)_2$ tan trong 0.2 L dung dịch:
$m = 0.0126 \times 0.2 \times 122 = 0.307 g$
Khối lượng $Sr(OH)_2$ kết tủa:
$m_{ket tua} = (0.05 \times 122) - 0.307 = 6.1 - 0.307 = 5.793 g$
Tuy nhiên, số mol $Sr(OH)_2$ kết tủa là 0.05 mol (tính theo số mol OH- ban đầu).
Vì vậy, khối lượng $Sr(OH)_2$ kết tủa là:
$m = 0.05 \times 122 = 6.1 g$
Kiểm tra lại bằng tích số ion:
Sau khi trộn, $[Sr^{2+}] = 0.75 M$ và $[OH^-] = 0.5 M$
$Q = [Sr^{2+}][OH^-]^2 = 0.75 \times (0.5)^2 = 0.1875 > K_{sp} = 3.2 \times 10^{-4}$
Vậy có kết tủa.
Số mol $Sr(OH)_2$ tạo thành tối đa là 0.05 mol (giới hạn bởi số mol $OH^-$)
$m = 0.05 \times 122 = 6.1 g$
Nhưng vì có sự hòa tan lại nên lượng kết tủa giảm.
Gọi x là lượng $Sr(OH)_2$ tan ra, thì $[Sr^{2+}] = x$ và $[OH^-] = 2x$
$K_{sp} = x(2x)^2 = 4x^3 = 3.2 \times 10^{-4}$
$x^3 = 0.8 \times 10^{-4}$
$x = 0.043 M$
Số mol $Sr(OH)_2$ tan ra = $0.043 \times 0.2 = 0.0086 mol$
Số mol $Sr(OH)_2$ kết tủa = 0.05 - 0.0086 = 0.0414 mol
$m = 0.0414 \times 122 = 5.05 g$
Làm lại:
Số mol Sr2+ = 0.15 mol
Số mol OH- = 0.1 mol
$Sr^{2+} + 2OH^- \rightarrow Sr(OH)_2$
Số mol Sr(OH)2 kết tủa = 0.1/2 = 0.05 mol
Vì Ksp nhỏ nên coi như kết tủa hết
$m = 0.05*121.63 = 6.08 g$
Trong mỗi ý a), b), c), d) ở mỗi câu, thí sinh chọn đúng hoặc sai.
Có phản ứng:
\({\rm{A}}{{\rm{g}}^ + }(aq) + {\rm{F}}{{\rm{e}}^{2 + }}(aq) \to {\rm{Ag}}(s) + {\rm{F}}{{\rm{e}}^{3 + }}(aq)\)
Trong thực tế, bạc được điều chế chủ yếu theo phản ứng trên
Trong mỗi ý a), b), c), d) ở mỗi câu, thí sinh chọn đúng hoặc sai.
Để điều chế một lượng nhỏ khí chlorine trong phòng thí nghiệm, người ta cho dung dịch HCl đặc phản ứng với MnO2 rắn theo sơ đồ thí nghiệm như hình dưới đây, trong đó bình (1) chứa NaCl(aq) giúp giữ khí HCl, bình (2) chứa H2SO4 (l) đặc giúp hút ẩm, làm khô khí, bảo đảm chất lượng chlorine.
Dung dịch HCl đặc đóng vai trò là chất oxi hoá trong phản ứng điều chế chlorine
Bông tẩm dung dịch NaOH giúp ngăn khí chlorine rò rỉ ra ngoài
Khi thay MnO2 bằng KMnO4 cùng khối lượng, lượng Cl2 thu được sẽ nhiều hơn, biết HCl đặc dùng dư. Cho phương trình hoá học của phản ứng giữa KMnO4 và HCl là:
\(2{\rm{KMn}}{{\rm{O}}_4} + 16{\rm{HCl}} \to 2{\rm{KCl}} + 2{\rm{MnC}}{{\rm{l}}_2} + 8{{\rm{H}}_2}{\rm{O}} + 5{\rm{C}}{{\rm{l}}_2}\)
Nếu hoán đổi vị trí bình (1) và bình (2), chất lượng khí chlorine thu được sẽ không đổi

Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Giáo Dục Kinh Tế Và Pháp Luật Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT

Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Lịch Sử Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT

Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Công Nghệ Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT

Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Hóa Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT

Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Sinh Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT

Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Vật Lí Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
ĐĂNG KÝ GÓI THI VIP
- Truy cập hơn 100K đề thi thử và chính thức các năm
- 2M câu hỏi theo các mức độ: Nhận biết – Thông hiểu – Vận dụng
- Học nhanh với 10K Flashcard Tiếng Anh theo bộ sách và chủ đề
- Đầy đủ: Mầm non – Phổ thông (K12) – Đại học – Người đi làm
- Tải toàn bộ tài liệu trên TaiLieu.VN
- Loại bỏ quảng cáo để tăng khả năng tập trung ôn luyện
- Tặng 15 ngày khi đăng ký gói 3 tháng, 30 ngày với gói 6 tháng và 60 ngày với gói 12 tháng.