Câu hỏi:

Phương pháp giải

Sử dụng quy tắc nhân và cộng trong xác suất

Lời giải

Xác suất người thứ nhất bắn trúng lỗ: 0,85

Xác suất người thứ hai bắn trúng bia: 0,7

Xác suất để cả hai người cùng bắn trúng bia: \(0,85.0,7=0,595=59,5 \%\)

Phương pháp giải

- Tương giao đồ thị,

- Giải phương trình lượng giác tìm \(x_{B} ; x_{D}\). Từ đó tính giá trị \(x_{B}+x_{D}\).

Lời giải

Phương trình hoành độ giao điểm là:

\(2 \sin ^{2} x=\frac{1}{2} \Leftrightarrow 1-\cos 2 x=\frac{1}{2} \Leftrightarrow \cos 2 x=\frac{1}{2}\)

\(\Leftrightarrow 2 x= \pm \frac{\pi}{3}+k 2 \pi \Leftrightarrow x= \pm \frac{\pi}{6}+k \pi\)

Ta thấy \(x_{A}, x_{B}, x_{C}, x_{D}\) là bốn nghiệm dương nhỏ nhất của phương trình trên.

Do đó: \(x_{A}=\frac{\pi}{6} ; x_{B}=\frac{5 \pi}{6} ; x_{C}=\frac{7 \pi}{6} ; x_{D}=\frac{11 \pi}{6} \Rightarrow x_{B}+x_{D}=\frac{8}{3} \pi\).

Vậy \(2 a+b=8.2+3=19\).

Phương pháp giải

Gọi \(D^{\prime}\) là trung điểm của \(B^{\prime} C^{\prime}\).

Kẻ \(B^{\prime} H \perp B D^{\prime}\).

Chứng minh \(d\left(A^{\prime} B ; C^{\prime} D\right)=B^{\prime} H\).

Sử dụng hệ thức lượng trong tam giác vuông để tính \(B^{\prime} H\).

Lời giải

Gọi \(D^{\prime}\) là trung điểm của \(B^{\prime} C^{\prime}\), ta có \(B D C^{\prime} D^{\prime}\) là hình bình hành

\(\Rightarrow C^{\prime} D / / B D^{\prime} \Rightarrow C^{\prime} D / /\left(A^{\prime} B D^{\prime}\right)\).

Kẻ \(B^{\prime} H \perp B D^{\prime}\).

Ta có: \(\left.\begin{array}{c}A^{\prime} D^{\prime} \perp B^{\prime} C^{\prime}  A^{\prime} D^{\prime} \perp B B^{\prime}\end{array}\right\} \Rightarrow A^{\prime} D^{\prime} \perp\left(B C C^{\prime} B^{\prime}\right) \Rightarrow A^{\prime} D^{\prime} \perp B^{\prime} H\).

\(\left.\begin{array}{l}B^{\prime} H \perp B D^{\prime}  B^{\prime} H \perp A^{\prime} D^{\prime}\end{array}\right\} \Rightarrow B^{\prime} H \perp\left(A^{\prime} B D^{\prime}\right)\).

Suy ra,

\(d\left(A^{\prime} B, C^{\prime} D\right)=d\left(C^{\prime} D ;\left(A^{\prime} B D^{\prime}\right)\right)=d\left(C^{\prime} ;\left(A^{\prime} B D^{\prime}\right)\right)=d\left(B^{\prime} ;\left(A^{\prime} B D^{\prime}\right)\right)=B^{\prime} H\).

Ta có: \(B^{\prime} D^{\prime}=\frac{a}{2} ; B B^{\prime}=2 a\).

Xét \(\triangle B B^{\prime} D^{\prime}\) vuông tại \(B^{\prime}\) ta có:

\(\frac{1}{B^{\prime} H^{2}}=\frac{1}{B B^{\prime 2}}+\frac{1}{B^{\prime} D^{\prime 2}}=\frac{1}{4 a^{2}}+\frac{4}{a^{2}} \Rightarrow B H=\frac{2 a}{\sqrt{17}}\).

Phương pháp giải

Trong \(\left(B B^{\prime} C^{\prime} C\right)\) kẻ \(C^{\prime} M / / B^{\prime} C(M \in B C)\).

Kẻ \(C H \perp A M ; C K \perp C^{\prime} H\).

Chứng minh: \(d\left(A C^{\prime} ; B^{\prime} C\right)=C K\).

Lời giải

Trong \(\left(B B^{\prime} C^{\prime} C\right)\) kẻ \(C^{\prime} M / / B^{\prime} C(M \in B C)\).

\(\Rightarrow B^{\prime} C / /\left(A C^{\prime} M\right) \Rightarrow d\left(A^{\prime} C ; B^{\prime} C\right)=d\left(B^{\prime} C ;\left(A C^{\prime} M\right)\right)=d\left(C ;\left(A C^{\prime} M\right)\right)\).

Kẻ \(C H \perp A M ; C K \perp C^{\prime} H\).

Do \(\left\{\begin{array}{l}C H \perp A M  C C^{\prime} \perp A M\end{array} \Rightarrow A M \perp\left(C C^{\prime} H\right) \Rightarrow A M \perp C K\right.\)

Mà \(C K \perp C^{\prime} H \Rightarrow C K \perp\left(A C^{\prime} M\right) \Rightarrow d\left(C ;\left(A C^{\prime} M\right)\right)=C K\).

Ta có: \(B^{\prime} C^{\prime} M C\) là hình bình hành nên \(C M=B^{\prime} C^{\prime}=3\).

\(\frac{1}{d^{2}(B ; A M)}=\frac{1}{A B^{2}}+\frac{1}{B M^{2}} \Rightarrow d(B ; A M)=\frac{12}{\sqrt{13}}\)

\(\Rightarrow C H=\frac{1}{2} d(B ; A M)=\frac{6}{\sqrt{13}}\).

Áp dụng hệ thức lượng trong tam giác vuông \(C^{\prime} \mathrm{CH}\) ta có:

\(\frac{1}{C K^{2}}=\frac{1}{C H^{2}}+\frac{1}{C C^{\prime 2}} \Rightarrow C K=\frac{30}{19}\).

Phương pháp giải

Đặt \(t=x^{2},(t \geq 0)\).

Để phương trình ẩn \(x\) vô nghiệm thì phương trình ẩn \(t\) vô nghiệm hoặc có 2 nghiệm âm.

Lời giải

Đặt \(t=x^{2},(t \geq 0)\). Khi đó ta có phương trình: \((m-1) t^{2}+2(m-3) t+m+3=0\). (1)

Với \(m=1\) thì ( 1 ) \(\Leftrightarrow-4 t+4=0 \Leftrightarrow t=1 \Leftrightarrow x= \pm 1\) (Loại)

Với \(m \neq 1\) để phương trình ban đầu vô nghiệm thì:

TH1: (1) vô nghiệm \(\Leftrightarrow \Delta^{\prime}<0 \Leftrightarrow-8 m+12<0 \Leftrightarrow m>\frac{3}{2}\).

TH2: (1) có 2 nghiệm âm

\(\Leftrightarrow\left\{\begin{array}{l}\Delta^{\prime} \geq 0  \mathrm{t}_{1} \cdot \mathrm{t}_{2}>0  \mathrm{t}_{1}+\mathrm{t}_{2}<0\end{array} \Leftrightarrow\left\{\begin{array}{l}-8 \mathrm{~m}+12 \geq 0  \frac{\mathrm{~m}+3}{\mathrm{~m}-1}>0  -\frac{2(\mathrm{~m}-3)}{\mathrm{m}+1}<0\end{array}\right.\right.\)

\(\Leftrightarrow\left\{\begin{array}{l}\mathrm{m} \leq \frac{3}{2}  \mathrm{~m} \in(-\infty ;-3) \cup(1 ;+\infty)  \mathrm{m} \in(-\infty ; 1) \cup(3 ;+\infty)\end{array} \Leftrightarrow \mathrm{m} \in(-\infty ;-3)\right.\)

Kết hợp 2 trường hợp, ta được \(m \in(-\infty ;-3) \cup\left(\frac{3}{2} ;+\infty\right)\).