Câu hỏi:
Ethanol sinh học được sản xuất trong một nhà máy, từ 16,2 tấn mùn cưa (chứa \(50 \%\) cellulose về khối lượng) bằng phương pháp sinh hóa theo sơ đồ sau:
\(\left(\mathrm{C}_{6} \mathrm{H}_{10} \mathrm{O}_{5}\right)_{\mathrm{n}} \xrightarrow[\mathrm{t}^{\circ}]{\mathrm{H}^{+}} \mathrm{C}_{6} \mathrm{H}_{12} \mathrm{O}_{6} \xrightarrow[30-35^{\circ} \mathrm{C}]{\text { enyme }} \mathrm{C}_{2} \mathrm{H}_{5} \mathrm{OH}\)
Lượng ethanol được điều chế bên trên có thể sản xuất bao nhiêu chai cồn \(90^{\circ}\) có dung tích 500 mL ? Biết:
- Khối lượng riêng của ethanol nguyên chất là \(0,8 \mathrm{g} / \mathrm{cm}^{3}\).
- Độ rượu (hay độ cồn): Hàm lượng ethanol nguyên chất có trong 100 mL dung dịch rượu.
Đáp án đúng: A
Đáp án đúng là \(\mathbf{A}\).
Lời giải:
- Khối lượng celllulose trong mùn cưa là: \(16,2.50 \%=8,1\) (tấn).
- Phương trình hóa học:
\(\left(\mathrm{C}_{6} \mathrm{H}_{10} \mathrm{O}_{5}\right)_{\mathrm{n}}+\mathrm{nH}_{2} \mathrm{O} \xrightarrow[\mathrm{t}]{\mathrm{H}^{+}} \mathrm{nC}_{6} \mathrm{H}_{12} \mathrm{O}_{6}\)
\(\mathrm{nC}_{6} \mathrm{H}_{12} \mathrm{O}_{6} \xrightarrow[30-35^{\circ} \mathrm{C}]{\text { ennye }} 2 \mathrm{nC}_{2} \mathrm{H}_{5} \mathrm{OH}+2 \mathrm{nCO}_{2}\)
Vì hiệu suất của phảm ứng là \(60 \%\) nên số mol của ethanol được tạo ra là: \(n_{C_{2} \mathrm{H}_{5} \mathrm{OH}}=\frac{8,1 . 10^{6}}{162} . 60 \% . 2=60000 \mathrm{mol}\)
Thể tích của ethanol điều chế được là: \(60000.46: 0,8=3450000 \mathrm{cm}^{3}\)
Cồn \(90^{\circ}\) là trong 100 mL dung dịch cồn có 90 mL dung dịch \(\mathrm{C}_{2} \mathrm{H}_{5} \mathrm{OH}\) nguyên chất \(\Rightarrow\) Chai cồn \(90^{\circ}\) có dung tích là 500 mL có \(450 \mathrm{mL} \mathrm{C}_{2} \mathrm{H}_{5} \mathrm{OH}\) nguyên chất.
\(\Rightarrow\) Số chai cồn \(90^{\circ}\) có thể sản xuất là: \(\frac{3450000}{450} \approx 7666\) chai.
Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài
Với cấu trúc mới lạ và đa dạng, Đề Thi Tham Khảo Đánh Giá Năng Lực Năm 2025 – ĐHQG Hà Nội – Đề Số 4 giúp thí sinh phát huy tối đa khả năng Giải Quyết Vấn Đề, Sáng Tạo và Tư Duy Định Lượng. Bài thi bao gồm ba phần chính: Toán Học Và Xử Lí Số Liệu, Văn Học - Ngôn Ngữ, Khoa Học/Tiếng Anh. Mỗi phần thi đều được thiết kế với các dạng câu hỏi phong phú, không chỉ đánh giá kiến thức lý thuyết mà còn kiểm tra khả năng phân tích dữ liệu, xử lý thông tin và vận dụng thực tế. Đây là lựa chọn hoàn hảo cho học sinh muốn tự tin chinh phục kỳ thi đánh giá năng lực.
Câu hỏi liên quan
Phương pháp giải:
Tính số mol butane có trong bình gas, từ đó nhân với tốc độ phản ứng để tính ra được thời gian đốt cháy hết bình gas đó.
Lời giải:
Số mol butane có trong bình gas này là: \(n_{C_{4} H_{10}}=\frac{7.10^{3}}{12 . 4+10}=120,69 \mathrm{mol}\).
Tốc độ phản ứng trung bình của phản ứng đốt cháy butane là \(0,015 \mathrm{mol} / \mathrm{s}\)
\(\Rightarrow\) Thời gian để đốt cháy hết \(120,69 \mathrm{mol}\) butane là: \(120,69: 0,015=8046 \mathrm{s}\)
Đáp án cần điền: 8046 s.
Phát biểu nào sau đây không đúng?Phương pháp giải:
Tính axit - bazơ của dung dịch.
Lời giải:
Phát biểu không đúng là phát biểu D. Nếu thay khí amoniac trong bình bằng khí hiđro clorua thì nước trong chậu phun thành tia không màu vì dung dịch phenolphtalein không bị đổi màu trong môi trường axit.
Đáp án đúng là \(C\)
Phương pháp giải
Amine gây mùi tanh của cá nên có thể làm mất mùi tanh khi cho amine tác dụng với acid.
Lời giải
Khi dùng giấm ăn làm sạch cá, acetic acid trong giấm ăn sẽ tác dụng với amine gây mùi khó chịu của cá tạo ra muối, làm mất đi mùi tanh.
Chọn C.
Thể tích \(\mathrm{KMnO}_{4}\) xác định được là (làm tròn đến chữ số thập phân thứ ba)Phương pháp giải:
- Cân bằng phương trình theo nguyên tắc thăng bằng electron.
- Tính nồng độ của dung dịch \(\mathrm{KMnO}_{4}\) theo đúng hệ số tỉ lượng của mỗi lần chuẩn độ.
- Nồng độ dung dịch \(\mathrm{KMnO}_{4}\) cuối cùng là trung bình cộng của 3 nồng độ \(\mathrm{KMnO}_{4}\) đã tính.
Lời giải:
- Phương trình hóa học đã được cân bằng là:
\(2 \mathrm{KMnO}_{4}+5 \mathrm{H}_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}+3 \mathrm{H}_{2} \mathrm{SO}_{4} \rightarrow 2 \mathrm{MnSO}_{4}+10 \mathrm{CO}_{2}+8 \mathrm{H}_{2} \mathrm{O}+\mathrm{K}_{2} \mathrm{SO}_{4}\)
- Nồng độ của dung dịch \(\mathrm{KMnO}_{4}\) trong thí nghiệm 1 là:
\(C_{K M n O_{4}(1)}=\frac{C_{H_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}} . V_{\mathrm{H}_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}} . 2}{V_{\mathrm{KMnO}_{4}} . 5}=\frac{0,05 . 10 . 2}{5,70.5} \approx 0,035 \mathrm{M}\)
- Tính toán tương tự với thí nghiệm 2 và 3 , ta có:
\(C_{K M n O_{4}(2)}=\frac{C_{H_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}} . V_{\mathrm{H}_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}} . 2}{V_{\mathrm{KMnO}_{4}} . 5}=\frac{0,05 . 10 . 2}{5,80 . 5} \approx 0,034 \mathrm{M}\)
\(C_{K M n O_{4}(3)}=\frac{C_{H_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}} . V_{\mathrm{H}_{2} \mathrm{C}_{2} \mathrm{O}_{4}} . 2}{V_{\mathrm{KMnO}_{4}} . 5}=\frac{0,05 . 10.2}{5,85.5} \approx 0,034 \mathrm{M}\)
Vậy nồng độ của dung dịch \(\mathrm{KMnO}_{4}\) là:
\(\frac{0,034+0,034+0,035}{3} \approx 0,034 M\)
Đáp án đúng là \(\mathbf{A}\)
Phương pháp giải:
Dung dịch acid mà trong dung dịch còn phân tử acid là acid yếu, phân li không hoàn toàn.
Lời giải:
Trong các dung dịch hydrohalic acid, chỉ có HF là acid yếu, trong nước acid này phân li không hoàn toàn:. Vậy trong dung dịch acid này có cả phân tử HF tồn tại trong dung dịch.
Nhận định nào dưới đây là sai về terpine-4-ol?
Trọn Bộ Giáo Án Word & PowerPoint Tiếng Anh 12 – I-Learn Smart World – Năm Học 2025-2026
Trọn Bộ Giáo Án Word & PowerPoint Tiếng Anh 12 – Global Success – Năm Học 2025-2026
Trọn Bộ Giáo Án Word & PowerPoint Hóa Học 12 – Kết Nối Tri Thức – Năm Học 2025-2026
Trọn Bộ Giáo Án Word & PowerPoint Hóa Học 12 – Chân Trời Sáng Tạo – Năm Học 2025-2026
Trọn Bộ Giáo Án Word & PowerPoint Công Nghệ 12 – Kết Nối Tri Thức – Năm Học 2025-2026
