Câu hỏi:

Theo đề cho ta có: \(77,78=\frac{\mathrm{M}_{\mathrm{M}}}{\mathrm{M}_{\mathrm{M}}+16} \cdot 100 \Rightarrow \mathrm{M}_{\mathrm{M}}=56 \xrightarrow{\text { CT oxide }} \mathrm{FeO}\)

Theo sơ đồ nung ta có: \(\left\{\begin{array}{l}\mathrm{m}_{\mathrm{FeO}}=40 \% \mathrm{~m}_{\mathrm{X.nH}_2 \mathrm{O}} \Rightarrow 40=\frac{\mathrm{M}_{\mathrm{FeO}}}{\mathrm{M}_{\mathrm{X.nH}_2 \mathrm{O}}} \cdot 100 \Rightarrow \mathrm{M}_{\mathrm{X.n} \mathrm{H}_2 \mathrm{O}}=180 \\ \mathrm{~m}_{\mathrm{X}}=80 \% \mathrm{~m}_{\mathrm{X.n} \mathrm{H}_2 \mathrm{O}} \Rightarrow 80=\frac{\mathrm{M}_{\mathrm{X}}}{\mathrm{M}_{\mathrm{X.n} \mathrm{H}_2  \mathrm{O}}} \cdot 100 \Leftrightarrow 80=\frac{\mathrm{M}_{\mathrm{X}}}{180} \cdot 100 \Rightarrow \mathrm{M}_{\mathrm{X}}=144\end{array}\right.\)

Từ giai đoạn: \(\underbrace{\mathrm{X} . \mathrm{nH}_2 O}_{100 \%} \xrightarrow[-\mathrm{nH}_2 \mathrm{O}]{200^{\circ} \mathrm{C}} \underset{80 \%}{X} \Rightarrow \mathrm{n} .18=180-144 \Rightarrow \mathrm{n}=2\).

Từ giai đoạn: \(\underset{80 \%}{\mathrm{X}} \xrightarrow[-\mathrm{Y}-\mathrm{Z}]{420^{\circ} \mathrm{C}} \underset{40 \%}{\mathrm{FeO}} \Rightarrow \mathrm{M}_{\mathrm{Y}}+\mathrm{M}_{\mathrm{Z}}=144-72=72\).

Theo đề thì cho \(\mathrm{Y}, \mathrm{Z}\) vào nước vôi trong thì có kết tủa ⇒ Trong hỗn hợp khí có thể chứa \(\mathrm{CO}_2\) hoặc \(\mathrm{SO}_2\).

Tuy nhiên \(\mathrm{M}_{\mathrm{SO}_2}=72=\mathrm{M}_{\mathrm{Y}}+\mathrm{M}_{\mathrm{Z}} \Rightarrow\) vô lí nên khí chọn là \(\mathrm{CO}_2\).

Khí Y cháy trong không khí tạo Z nên Z là \(\mathrm{CO}_2\) và Y là \(\mathrm{CO} \Rightarrow \mathrm{X}\) chứa \(\mathrm{FeO}, \mathrm{CO}_2, \mathrm{CO}\).

CTPT của X là \(\mathrm{FeC}_2 \mathrm{O}_4 \Rightarrow\) tinh thể là \(\mathrm{FeC}_2 \mathrm{O}_4 .2 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}\).

a. Vì trong hai khí \(\mathrm{Y}, \mathrm{Z}\) không có khí nào là \(\mathrm{CO}_2\).

Đáp án đúng là Sai.

b. Trong tinh thể \({\rm{X}}.{\rm{n}}{{\rm{H}}_2}{\rm{O}}\) thì giá trị n là 2.

Đáp án đúng là Đúng.

c. Công thức phân tử của X là \(\mathrm{FeC}_2 \mathrm{O}_4\).

Đáp án đúng là Sai.

d. Thành phần % khối lượng của kim loại trong tinh thể:

\(\% F e=\frac{56}{144+2 \times 18} \times 100 \%=\frac{56}{180} \times 100 \% \approx {3 1}, {1} {\%} .\)

Đáp án đúng là Đúng.

a. Chất tan trong cốc (1) là potassium chloride.

Đáp án đúng là Đúng.

b. Ở \({{\rm{t}}_1}\), nồng độ phần trăm của chất tan trong cốc (2) là \(\% \mathrm{C}=\frac{25}{100+25} \cdot 100=20 \%\).

Đáp án đúng là Đúng.

c. Khi tăng nhiệt độ từ \({{\rm{t}}_1}\) lên \({{\rm{t}}_2}\), khuấy đều thì khối lượng chất tan trong 2 cốc là như nhau.

Đáp án đúng là Đúng.

d. Nếu \({\rm{KN}}{{\rm{O}}_3}\) có lẫn một ít KCl thì có thể tinh chế \({\rm{KN}}{{\rm{O}}_3}\) bằng phương pháp bay hơi và kết tinh.

Đáp án đúng là Đúng.

Từ công thức đề cho:

- Phân tử peptide GSH có cấu tạo là Gly-Cys-Glu: có số carbon là 10 (x = 10) và có 3 loại amino acid (y = 3).

- Phân tử GSSG sẽ 2 gồm 2 phân tử GSH (mỗi phân tử GSH có 2 liên kết peptide) nên tổng cộng có 4 liên kết peptie (z = 4).

Tổng x + y + z là 17.

Đáp án đúng là 17.

Công thức cấu tạo của 2,3-dimethylbutane là: \(\left(\mathrm{CH}_3\right)_2 \mathrm{CH}-\mathrm{CH}\left(\mathrm{CH}_3\right)_2\)

Trong phân tử này có hai loại nguyên tử Hydrogen (H):

- H bậc I: Có 12 nguyên tử H gắn vào 4 nhóm \(-C H_3\) ở các đầu mạch (tất cả đều tương đương nhau).

- H bậc III: Có 2 nguyên tử \({H}\) gắn vào 2 nguyên tử Carbon ở vị trí số 2 và số 3.

Gọi x là khả năng phản ứng của H ở carbon bậc I.

Theo đề thì khả năng phản ứng của H ở carbon bậc III là 7x.

Sản phẩm 2-chloro-2,3-dimethylbutane là sản phẩm chính.

Ta có: %sản phẩm chính (thế vào carbon bậc III) = \(\frac{2.7 x}{2.7 x+12 . x} \cdot 100\approx 53,8\ \%\).

Đáp án đúng là 53,8.

Vì đề không cho khối lượng cụ thể nên có thể xét 100 gam quặng bauxite.

Theo đề ta có: 

\(\left\{\begin{array}{l}\mathrm{m}_{\mathrm{Al}_2 \mathrm{O}_3 .3 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}}=100.90 \%=90\ \mathrm{gam} \\ \mathrm{m}_{\text {kaolin }}=100.10 \%=10 \ \mathrm{gam}\end{array} \Rightarrow\left\{\begin{array}{l}\mathrm{n}_{\mathrm{Al}_2 \mathrm{O}_3 .3 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}}=\frac{90}{156}=\frac{15}{26} \mathrm{~mol} \\ \mathrm{n}_{\text {kaolin }}=\frac{10}{258}=\frac{5}{129} \mathrm{~mol}\end{array}\right.\right.\)

\(\Rightarrow\left\{\begin{array}{l}\mathrm{n}_{\text {Al trong } \mathrm{Al}_2 \mathrm{O}_3 \cdot 3 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}}=\frac{15}{26} \cdot 2=\frac{15}{13} \mathrm{~mol} \\ \left\{\begin{array}{l}\mathrm{n}_{\text {Al trong kaolin }\left(\mathrm{Al}_2 \mathrm{Si}_2 \mathrm{O}_7 \cdot 2 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}\right)}=\frac{5}{129} \cdot 2=\frac{10}{129}\mathrm{~mol} \\ \mathrm{n}_{\text {Si trong kaolin }\left(\mathrm{Al}_2 \mathrm{Si}_2 \mathrm{O}_7 \cdot 2 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}\right)}=\frac{5}{129} \cdot 2=\frac{10}{129}\mathrm{~mol}\end{array}\right.\end{array}\right.\)

Từ dữ kiện đề: \(\mathrm{n}_{\text {bùn aluminosilicate }}\left(\mathrm{Na}_6 \mathrm{Al}_6 \mathrm{Si}_5 \mathrm{O}_{22} \cdot 5 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}\right)=\frac{\mathrm{n}_{{\text {Si trong kaolin }}\left(\mathrm{Al}_2 \mathrm{Si}_2 \mathrm{O}_7 \cdot 2 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}\right)}}{5}=\frac{\frac{10}{129}}{5}=\frac{2}{129} \mathrm{~mol}\)

Số mol Al bị loại bỏ chính là Al trong bùn aluminsilicate:

\(\mathrm{n}_{\text {Al trong bùn aluminosilicate }\left(\mathrm{Na}_6 \mathrm{Al}_6 \mathrm{Si}_5 \mathrm{O}_{22} .5 \mathrm{H}_2 \mathrm{O}\right)}=6 \cdot \frac{2}{129}=\frac{12}{129} \mathrm{~mol}\).

Tỷ lệ hao hụt Al là : \(\% \mathrm{Al}\) hao hụt \(=\frac{\mathrm{n}_{\text {Al trong bùn aluminosilicate }}}{\sum \mathrm{n}_{\mathrm{Al}}} \cdot 100=\frac{\frac{12}{129}}{\frac{15}{13}+\frac{10}{129}} \cdot 100\approx7,55 \%\).

Đáp án đúng là 7,55.