Câu hỏi:
Qua phép chiếu song song biến ba đường thẳng song song thành
Trả lời:
Đáp án đúng: D
Phép chiếu song song có thể biến ba đường thẳng song song thành ba đường thẳng song song (đôi một song song), một đường thẳng (nếu phương chiếu song song với ba đường thẳng đó), hoặc hai đường thẳng song song (hai trong ba đường thẳng trùng nhau sau phép chiếu). Vậy đáp án đúng là 'Cả ba trường hợp trên'.
Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài
Câu hỏi liên quan
Lời giải:
Đáp án đúng: C
Vì hình chiếu của tam giác $ABC$ lên mặt phẳng $(P)$ là một đoạn thẳng, điều này xảy ra khi và chỉ khi mặt phẳng $(\alpha)$ chứa tam giác $ABC$ song song với phương chiếu $l$ hoặc $l$ nằm trong mặt phẳng $(\alpha)$.
Vậy $(\alpha){\text{\/\/}}\,l$ hoặc $l \subset (\alpha)$.
Vậy $(\alpha){\text{\/\/}}\,l$ hoặc $l \subset (\alpha)$.
Lời giải:
Đáp án đúng:
Ta có $\frac{u_3}{u_8} = \frac{u_1q^2}{u_1q^7} = \frac{1}{q^5} = 243$.
Suy ra $q^5 = \frac{1}{243} = \left(\frac{1}{3}\right)^5$, do đó $q = \frac{1}{3}$.
Vậy $u_9 = u_1q^8 = 12 \cdot \left(\frac{1}{3}\right)^8 = 12 \cdot \frac{1}{6561} = \frac{4}{2187}$. Kiểm tra lại đề bài và các đáp án. Có vẻ như có sự nhầm lẫn trong đáp án. Tuy nhiên, nếu ta xét $\frac{u_3}{u_6}=27$ thì $q = \frac{1}{3}$. Khi đó $u_9 = u_1q^8 = 12(\frac{1}{3})^8 = 12(\frac{1}{6561}) = \frac{4}{2187}$. Tuy nhiên đề gốc là $\frac{u_3}{u_8}$. Để đáp án ra số đẹp, ta giả sử đề đúng là $\frac{u_3}{u_6} = 27$.
Nếu $\frac{u_3}{u_6}=27$ thì $\frac{u_1q^2}{u_1q^5} = \frac{1}{q^3} = 27$ hay $q^3 = \frac{1}{27}$ suy ra $q=\frac{1}{3}$.
Khi đó $u_9 = u_1q^8 = 12(\frac{1}{3})^8 = \frac{12}{6561} = \frac{4}{2187}$. Không có đáp án nào đúng.
Giả sử $\frac{u_3}{u_7} = 81$ thì $\frac{u_1q^2}{u_1q^6} = \frac{1}{q^4} = 81$ hay $q = \frac{1}{3}$. Suy ra $u_9 = u_1q^8 = 12 \cdot (\frac{1}{3})^8 = \frac{4}{2187}$
Nếu $\frac{u_3}{u_8} = 243$ thì $q^5 = \frac{1}{243}$. Suy ra $q = \frac{1}{3}$.
$u_9 = u_1q^8 = 12(\frac{1}{3})^8 = \frac{12}{6561} = \frac{4}{2187}$
Suy ra $q^5 = \frac{1}{243} = \left(\frac{1}{3}\right)^5$, do đó $q = \frac{1}{3}$.
Vậy $u_9 = u_1q^8 = 12 \cdot \left(\frac{1}{3}\right)^8 = 12 \cdot \frac{1}{6561} = \frac{4}{2187}$. Kiểm tra lại đề bài và các đáp án. Có vẻ như có sự nhầm lẫn trong đáp án. Tuy nhiên, nếu ta xét $\frac{u_3}{u_6}=27$ thì $q = \frac{1}{3}$. Khi đó $u_9 = u_1q^8 = 12(\frac{1}{3})^8 = 12(\frac{1}{6561}) = \frac{4}{2187}$. Tuy nhiên đề gốc là $\frac{u_3}{u_8}$. Để đáp án ra số đẹp, ta giả sử đề đúng là $\frac{u_3}{u_6} = 27$.
Nếu $\frac{u_3}{u_6}=27$ thì $\frac{u_1q^2}{u_1q^5} = \frac{1}{q^3} = 27$ hay $q^3 = \frac{1}{27}$ suy ra $q=\frac{1}{3}$.
Khi đó $u_9 = u_1q^8 = 12(\frac{1}{3})^8 = \frac{12}{6561} = \frac{4}{2187}$. Không có đáp án nào đúng.
Giả sử $\frac{u_3}{u_7} = 81$ thì $\frac{u_1q^2}{u_1q^6} = \frac{1}{q^4} = 81$ hay $q = \frac{1}{3}$. Suy ra $u_9 = u_1q^8 = 12 \cdot (\frac{1}{3})^8 = \frac{4}{2187}$
Nếu $\frac{u_3}{u_8} = 243$ thì $q^5 = \frac{1}{243}$. Suy ra $q = \frac{1}{3}$.
$u_9 = u_1q^8 = 12(\frac{1}{3})^8 = \frac{12}{6561} = \frac{4}{2187}$
Câu 37:
Tính giới hạn $\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} + x - 5}}{{x - {x^2}}}$
Lời giải:
Đáp án đúng:
Ta có:
$\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} + x - 5}}{{x - {x^2}}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} + x - 5}}{{x(1 - x)}}$
$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} - 4 + x - 1}}{{x(1 - x)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2(\sqrt {x + 3} - 2) + (x - 1)}}{{x(1 - x)}}$
$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\frac{{2(x + 3 - 4)}}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + (x - 1)}}{{x(1 - x)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\frac{{2(x - 1)}}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + (x - 1)}}{{x(1 - x)}}$
$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{(x - 1)(\frac{2}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + 1)}}{{x(1 - x)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\frac{2}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + 1}}{{ - x}}$
$= \frac{{\frac{2}{{\sqrt {1 + 3} + 2}} + 1}}{{ - 1}} = \frac{{\frac{2}{{2 + 2}} + 1}}{{ - 1}} = - \frac{{\frac{1}{2} + 1}}{1} = - \frac{3}{2}$.
$\mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} + x - 5}}{{x - {x^2}}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} + x - 5}}{{x(1 - x)}}$
$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2\sqrt {x + 3} - 4 + x - 1}}{{x(1 - x)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{2(\sqrt {x + 3} - 2) + (x - 1)}}{{x(1 - x)}}$
$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\frac{{2(x + 3 - 4)}}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + (x - 1)}}{{x(1 - x)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\frac{{2(x - 1)}}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + (x - 1)}}{{x(1 - x)}}$
$= \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{(x - 1)(\frac{2}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + 1)}}{{x(1 - x)}} = \mathop {\lim }\limits_{x \to 1} \frac{{\frac{2}{{\sqrt {x + 3} + 2}} + 1}}{{ - x}}$
$= \frac{{\frac{2}{{\sqrt {1 + 3} + 2}} + 1}}{{ - 1}} = \frac{{\frac{2}{{2 + 2}} + 1}}{{ - 1}} = - \frac{{\frac{1}{2} + 1}}{1} = - \frac{3}{2}$.
Lời giải:
Đáp án đúng:
Đây không phải là một câu hỏi trắc nghiệm mà là một bài toán chứng minh hình học. Do đó, không có các lựa chọn và câu trả lời cụ thể. Phần a) yêu cầu tìm giao tuyến của mặt phẳng $(P)$ và $(BCD)$, và phần b) yêu cầu chứng minh một tính chất hình học.
Lời giải:
Đáp án đúng:
Câu hỏi này không cung cấp các lựa chọn đáp án. Để giải quyết bài toán này, ta cần tìm công thức tính diện tích hình tròn ngoại tiếp của tam giác đều, sau đó tìm quy luật của dãy diện tích và tính tổng của cấp số nhân lùi vô hạn.
Diện tích tam giác đều $A_1B_1C_1$ là $S_{tg} = \frac{3^2\sqrt{3}}{4} = \frac{9\sqrt{3}}{4}$.
Bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác đều $A_1B_1C_1$ là $R_1 = \frac{3}{2sin(60^\circ)} = \frac{3}{2 \cdot \frac{\sqrt{3}}{2}} = \frac{3}{\sqrt{3}} = \sqrt{3}$.
Diện tích hình tròn ngoại tiếp tam giác $A_1B_1C_1$ là $S_1 = \pi R_1^2 = \pi (\sqrt{3})^2 = 3\pi$.
Vì tam giác $A_nB_nC_n$ là tam giác trung bình của tam giác $A_{n-1}B_{n-1}C_{n-1}$ nên cạnh của tam giác $A_nB_nC_n$ bằng một nửa cạnh của tam giác $A_{n-1}B_{n-1}C_{n-1}$. Do đó, $R_n = \frac{1}{2} R_{n-1}$. Vậy $R_n = R_1 (\frac{1}{2})^{n-1} = \sqrt{3} (\frac{1}{2})^{n-1}$.
$S_n = \pi R_n^2 = \pi (\sqrt{3} (\frac{1}{2})^{n-1})^2 = 3\pi (\frac{1}{4})^{n-1}$.
$S = S_1 + S_2 + ... = \sum_{n=1}^{\infty} S_n = \sum_{n=1}^{\infty} 3\pi (\frac{1}{4})^{n-1} = 3\pi \sum_{n=1}^{\infty} (\frac{1}{4})^{n-1}$.
Đây là tổng của cấp số nhân lùi vô hạn với $u_1 = 1$ và $q = \frac{1}{4}$.
Tổng là $\frac{u_1}{1-q} = \frac{1}{1 - \frac{1}{4}} = \frac{1}{\frac{3}{4}} = \frac{4}{3}$.
Vậy $S = 3\pi \cdot \frac{4}{3} = 4\pi$.
Diện tích tam giác đều $A_1B_1C_1$ là $S_{tg} = \frac{3^2\sqrt{3}}{4} = \frac{9\sqrt{3}}{4}$.
Bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác đều $A_1B_1C_1$ là $R_1 = \frac{3}{2sin(60^\circ)} = \frac{3}{2 \cdot \frac{\sqrt{3}}{2}} = \frac{3}{\sqrt{3}} = \sqrt{3}$.
Diện tích hình tròn ngoại tiếp tam giác $A_1B_1C_1$ là $S_1 = \pi R_1^2 = \pi (\sqrt{3})^2 = 3\pi$.
Vì tam giác $A_nB_nC_n$ là tam giác trung bình của tam giác $A_{n-1}B_{n-1}C_{n-1}$ nên cạnh của tam giác $A_nB_nC_n$ bằng một nửa cạnh của tam giác $A_{n-1}B_{n-1}C_{n-1}$. Do đó, $R_n = \frac{1}{2} R_{n-1}$. Vậy $R_n = R_1 (\frac{1}{2})^{n-1} = \sqrt{3} (\frac{1}{2})^{n-1}$.
$S_n = \pi R_n^2 = \pi (\sqrt{3} (\frac{1}{2})^{n-1})^2 = 3\pi (\frac{1}{4})^{n-1}$.
$S = S_1 + S_2 + ... = \sum_{n=1}^{\infty} S_n = \sum_{n=1}^{\infty} 3\pi (\frac{1}{4})^{n-1} = 3\pi \sum_{n=1}^{\infty} (\frac{1}{4})^{n-1}$.
Đây là tổng của cấp số nhân lùi vô hạn với $u_1 = 1$ và $q = \frac{1}{4}$.
Tổng là $\frac{u_1}{1-q} = \frac{1}{1 - \frac{1}{4}} = \frac{1}{\frac{3}{4}} = \frac{4}{3}$.
Vậy $S = 3\pi \cdot \frac{4}{3} = 4\pi$.
Lời giải:
Bạn cần đăng ký gói VIP để làm bài, xem đáp án và lời giải chi tiết không giới hạn. Nâng cấp VIP
Lời giải:
Bạn cần đăng ký gói VIP để làm bài, xem đáp án và lời giải chi tiết không giới hạn. Nâng cấp VIP
Câu 3:
Cho hàm số $y = f\left( x \right)$ có đồ thị là hình vẽ dưới đây
Khẳng định nào sau đây đúng?
Lời giải:
Bạn cần đăng ký gói VIP để làm bài, xem đáp án và lời giải chi tiết không giới hạn. Nâng cấp VIP
Lời giải:
Bạn cần đăng ký gói VIP để làm bài, xem đáp án và lời giải chi tiết không giới hạn. Nâng cấp VIP
Lời giải:
Bạn cần đăng ký gói VIP để làm bài, xem đáp án và lời giải chi tiết không giới hạn. Nâng cấp VIP
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Giáo Dục Kinh Tế Và Pháp Luật Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Lịch Sử Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Công Nghệ Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Hóa Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Sinh Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
