Câu hỏi:
Kết quả phân tích thành phần của một muối sulfate ngâm nước \)(\mathrm{X})\) của kim loại M thu được kết quả như sau:
Biết trong thành phần của X , nước chiếm \(36,0 \%\) khối lượng. Trong nông nghiệp, muối X được dùng đề pha chế thuốc Bordeaux dùng để diẹt nấm mốc cho cây trồng. Cách pha chế 10 lít dung dịch Bordeaux \(1 \%\) như sau:
- Bước 1: Pha 0,1 kg muối X trong 8,0 lít nước.
- Bước 2: Pha \(0,1 \mathrm{~kg}\) vôi sống \((\mathrm{CaO})\) trong 2,0 lít nước.
- Bước 3: Đổ dung địch muối X vào nước vôi, vừa đổ vừa khuấy, thu được dung dịch Bordeaux \(1 \%\) ở dạng keo, màu xanh nhạt, \(\mathrm{pH}=7-8\), độ lắng chậm.
Đáp án đúng: Đúng, Đúng, Sai, Đúng
Xét 100 gam muối
Theo đề ta có:
\(\mathrm{m}_{\mathrm{H}_{2} \mathrm{O}}=36 \% .100=36\) gam \(\Rightarrow \mathrm{n}_{\mathrm{H}_{2} \mathrm{O}}=\frac{36}{2}=2 \mathrm{~mol} \Rightarrow \mathrm{n}_{\mathrm{Otrong}_{\mathrm{H}} \mathrm{O}}=2 \mathrm{~mol} \Rightarrow \mathrm{~m}_{\text {Otrong }_{2} \mathrm{O}}=2.16=32 \mathrm{gam}\).
Ta có: \(\left\{\begin{array}{l}\mathrm{m}_{\mathrm{s}}=12,8 \% \cdot 100=12,8 \\ \mathrm{~m}_{\mathrm{M}}=25,6 \% \cdot 100=25,6 \\ \mathrm{~m}_{\mathrm{O}}=57,6 \% \cdot 100=57,6 \mathrm{gam} \Rightarrow \mathrm{m}_{\text {Ocòn }}=57,6-32=25,6 \mathrm{gam}\end{array}\right.\).
Đặt CTTQ dạng: \(\mathrm{M}_{\mathrm{x}} \mathrm{S}_{\mathrm{y}} \mathrm{O}_{\mathrm{z}} \cdot \mathrm{nH}_{2} \mathrm{O}\)
\(\Leftrightarrow x: y: z: n=\frac{25,6}{M_{M}}: \frac{12,8}{32}: \frac{25,6}{16}: \frac{36}{18}=\frac{25,6}{M_{M}}: 0.4: 0,4: 2=\frac{25,6}{0,4 \mathrm{M}_{\mathrm{M}}}: 1: 1: 5\).
Vậy : \(\frac{25,6}{0,4 \mathrm{M}_{\mathrm{M}}}=\frac{64}{\mathrm{M}_{\mathrm{M}}}\) nguyên thì \(\mathrm{M}_{M}\) là bội của 64. Chọn nghiệm \(\mathrm{M}_{M}=64\).
CT của X là \(\mathrm{CuSO}_{4} .5 \mathrm{H}_{2} \mathrm{O}\).
a. Đúng
b. Đúng vì \(0,1 \mathrm{~kg} \mathrm{CaO}: \mathrm{n}_{\mathrm{CaO}}=\frac{0,1}{56} \Rightarrow \mathrm{n}_{\mathrm{Ca}(\mathrm{OH})_{2}}=\frac{0,1}{56} \Rightarrow \mathrm{~m}_{\mathrm{Ca}(\mathrm{OH})_{2}}=\frac{0,1}{56} \cdot 74=0,132 \mathrm{~kg}\)
c. Sai vì không sử dụng thùng làm bằng aluminium hoặc iron để pha chế thuốc Bordeaux vì aluminium tan trong kiềm và aluminium, iron đều khử được \(\mathrm{Cu}^{2+}\)
d. Sai vì để hỗn hợp thuốc Bordeaux đồng đều thì không được làm ngược lại.
Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài
Tuyển Tập Đề Thi Tham Khảo Tốt Nghiệp THPT Năm 2025 – Hóa Học – Bộ Đề 03 là tài liệu ôn tập quan trọng dành cho học sinh lớp 12, giúp các em rèn luyện kỹ năng làm bài và chuẩn bị tốt nhất cho kỳ thi tốt nghiệp THPT 2025. Bộ đề được biên soạn theo định hướng của Bộ GD ĐT, bám sát chương trình học, bao gồm các chủ đề trọng tâm như phản ứng oxi hóa - khử, điện hóa học, este – chất béo, amino axit – protein, kim loại và phi kim… Hệ thống câu hỏi trắc nghiệm đa dạng, được thiết kế theo nhiều mức độ từ nhận biết, thông hiểu đến vận dụng và vận dụng cao, giúp học sinh làm quen với cấu trúc đề thi và phát triển tư duy hóa học. Mỗi đề thi đều có đáp án chi tiết và hướng dẫn giải cụ thể, hỗ trợ học sinh tự đánh giá năng lực, xác định điểm mạnh và cải thiện điểm yếu trong quá trình ôn tập.
Câu hỏi liên quan
Hydrocarbon là nguồn nguyên liệu trong tổng hợp hữu cơ. Một trong các chuyển hóa hydrocarbon được biết đến là quá trình sản xuất xà phòng từ hydrocarbon no, mạch dài không phân nhánh. Quá trình được mô tả theo sơ đồ sau:
Cho các phát biểu sau:
Muối sodium stearate có khả năng giặt rửa là do nhóm - COO dễ xâm nhập vào các vết dầu mỡ
Trong phản ứng (1), số \(\mathrm{mol}_{2}\) phản ứng gấp 2,5 lần số mol hydrocarbon phản ứng
Trong phản ứng (2), nếu thay NaOH bằng \(\mathrm{Na}_{2} \mathrm{CO}_{3}\) thì muối thu được không thay đổi
Nếu hiệu suất quá trình là \(80 \%\) thì cần 1 tấn hydrocarbon để sản xuất được 1,09 tấn sodium stearate
a. Sai vì sodium stearate có khả năng giặt rửa là do gốc R - dễ xâm nhập vào các vết dầu mỡ.
b. Đúng vì phương trình phản ứng là : \(2 \mathrm{R}-\mathrm{CH}_{2}-\mathrm{CH}_{2}-\mathrm{R}+5 \mathrm{O}_{2} \longrightarrow 4 \mathrm{R}-\mathrm{COOH}+2 \mathrm{H}_{2} \mathrm{O}\)
c. Đúng vì phương trình là \(2 \mathrm{R}-\mathrm{COOH}+\mathrm{Na}_{2} \mathrm{CO}_{3} \longrightarrow 2 \mathrm{RCOONa}+\mathrm{CO}_{2}+\mathrm{H}_{2} \mathrm{O}\)
d. Sai vì Quá trình: \(2 \mathrm{C}_{17} \mathrm{H}_{35}-\mathrm{CH}_{2}-\mathrm{CH}_{2}-\mathrm{C}_{17} \mathrm{H}_{35} \longrightarrow 4 \mathrm{C}_{17} \mathrm{H}_{35}-\mathrm{COOH} \longrightarrow 4 \mathrm{C}_{17} \mathrm{H}_{35}-\mathrm{COONa}\)
Theo đề: \(\mathrm{n}_{\text {hydrocarbon }}=\frac{1}{506} \Rightarrow \mathrm{n}_{\mathrm{C}_{17} \mathrm{H}_{35} \mathrm{COONa} \mathrm{a}}=\frac{1}{506} \cdot 2=\frac{1}{253} \Rightarrow \mathrm{~m}_{\mathrm{C}_{17} \mathrm{H}_{35} \mathrm{COONa}}=\frac{1}{253} \cdot 306 \cdot 80 \%=0,97\) tấn
Cho sơ đồ chuyển hoá sau:
Biết rằng \(\mathrm{X}, \mathrm{Y}, \mathrm{Z}\) đều là các phức chất vuông phẳng, đơn nhân. Cho các phát biểu sau:
Các phản ứng trên đều có sự thay thế phối tử trong phức chất
Trong phức chất Y , có hai phối tử \(\mathrm{NH}_{3}\) và hai phối tử iodo (I)
Trong nước, dung dịch phức chất Z dẫn điện tốt
Các phản ứng trong chuỗi trên đều kèm theo sự thay đổi số oxi hoá của nguyên tử trung tâm
a. Đúng.
b. Sai vì trong Y chỉ có 1 phối tử \(\mathrm{NH}_{3}\) và 3 phối tử iodo.
c. Đúng vì phức Z là \(\left[\mathrm{Pt}\left(\mathrm{NH}_{3}\right)_{2} \mathrm{I}_{2}\right]\) là phức trung hòa.
d. Sai vì số oxi hóa của Pt là +2 vẫn không thay đổi.
58,3
Vậy vàng 14 carat sẽ có phần trăm vàng là: \(14 \cdot \frac{100}{24}=58,3 \%\)
8
Công thức maltose dạng mở vòng:
Tổng số nhóm - OH trong phân tử maltose dạng mở vòng là 8.
140
Sơ đồ kết tinh: 600 gam dd \(\mathrm{NaCl} 33,33 \%\left(90^{\circ} \mathrm{C}\right) \xrightarrow{\text { làm lạnh}}\left\{\begin{array}{l}\text { dung dịch mới} \ 0^{\circ} \mathrm{C} \\ \mathrm{NaCl}_{\text {rắn tách ra}}\end{array}\left\{\begin{array}{l}\mathrm{NaCl} 25,93 \% \\ \mathrm{H}_{2} \mathrm{O}\end{array}\right.\right.\)
Theo đề thì muối tách ra dạng muối khan (không phải dạng tinh thể ngậm nước) nên khối lượng nước trong dung dịch mới không đổi sao với dung dịch ban đầu.
Bước 1. Xác định thành phần trong dung dịch ban đầu
Ta có: \(\mathrm{C} \%_{\text {dd NaCli33,33\% }}=\frac{\mathrm{m}_{\text {NaClirongdd } 33,33 \%}}{\mathrm{~m}_{\text {dd NaCl33,33\% }}} .100 \Rightarrow \mathrm{~m}_{\text {NaCl trong dd } 33,33 \%}=\frac{600.33,33}{100}=199,98 \mathrm{gam}\)
Buớc 2. Xác định lượng chất tan trong dung dịch mới
Đặt \(\mathrm{m}_{\text {NaCl } \text { tách ra }}=\mathrm{x}\) gam.
Theo sơ đồ kết tinh dùng ĐLBTKL dạng dung dịch: \(600=\mathrm{m}_{\mathrm{ddz}}+\mathrm{x} \Rightarrow \mathrm{m}_{\mathrm{ddz}}=600-\mathrm{x}\).
Ta có: \(\mathrm{m}_{\text {NaClitrongddZ }}=199,98-\mathrm{x}\), đưa vào CT nồng độ: \(\mathrm{C} \%_{\mathrm{ddz}}=\frac{\mathrm{m}_{\text {NaCltrongddZ }}}{\mathrm{m}_{\mathrm{ddZ}}} \cdot 100\).
\(\Leftrightarrow 25,93=\frac{199,98-\mathrm{x}}{600-\mathrm{x}} \cdot 100 \Rightarrow \mathrm{x}=60\) gam \(\Rightarrow \mathrm{m}_{\text {Nacl trongdd }}=199,98-60=139,98 \mathrm{gam} \approx 140\) gam.
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Giáo Dục Kinh Tế Và Pháp Luật Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Lịch Sử Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Công Nghệ Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Hóa Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Sinh Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
