Câu hỏi:
Cho đồ thị biểu diễn sự thay đổi nhiệt độ theo thời gian của một lượng nước được làm lạnh đến khi đông đá như hình vẽ. Biết khối lượng khối nước trong thí nghiệm là 0,5 kg. Nhiệt dung riêng của nước và nước đá lần lượt là 4200 J/kg.K và 2100 J/kg.K, nhiệt nóng chảy riêng của nước đá là 334.103 J/kg.
Đáp án đúng: Sai, Đúng, Sai, Đúng
a. SAI
Trong giai đoạn BC, nước ở đang tồn tại cả ở dạng rắn và dạng lỏng.
b. ĐÚNG
Công suất toả nhiệt trong giai đoạn AB và CD là:
\(\frac{{{p}_{AB}}}{{{p}_{CD}}}=\frac{{{Q}_{AB}}}{{{Q}_{CD}}}.\frac{{{t}_{CD}}}{{{t}_{AB}}}=\frac{m{{c}_{n}}\left( {{t}_{B}}-{{t}_{A}} \right)}{m.{{c}_{n}}\left( {{t}_{D}}-{{t}_{C}} \right)}.\frac{{{t}_{CD}}}{{{t}_{AB}}}=\frac{4200.\left( -8 \right)}{2100.\left( -4 \right)}.\frac{6}{6}=4\)
Vậy công suất toả nhiệt trên giai đoạn AB lớn hơn trong giai đoạn CD.
c. SAI
Nhiệt lượng toả ra từ lúc bắt đầu cho đến khi hoá lỏng là: \(Q=\lambda .m=167000J=167~kJ\)
d. ĐÚNG
Tổng nhiệt lượng toả ra:
\(Q=m.{{c}_{n}}\left( {{t}_{B}}-{{t}_{A}} \right)+\left( -\lambda .m \right)+m.{{c}_{n}}.\left( {{t}_{D}}-{{t}_{C}} \right)=-188000\left( J \right)\)
Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài
Tuyển Tập Đề Thi Tham Khảo Tốt Nghiệp THPT Năm 2025 - Vật Lí - Bộ Đề 05 là tài liệu ôn tập quan trọng dành cho học sinh lớp 12, giúp các em rèn luyện kỹ năng làm bài và chuẩn bị tốt nhất cho kỳ thi tốt nghiệp THPT 2025. Bộ đề được biên soạn theo định hướng của Bộ GD ĐT, bám sát chương trình học, bao gồm các chủ đề quan trọng như cơ học, điện học, quang học, dao động và sóng, vật lý hạt nhân… Hệ thống câu hỏi trắc nghiệm phong phú, được thiết kế theo nhiều mức độ từ nhận biết, thông hiểu đến vận dụng và vận dụng cao, giúp học sinh làm quen với cấu trúc đề thi và phát triển kỹ năng phân tích, tư duy logic. Mỗi đề thi đều có đáp án chi tiết và hướng dẫn giải cụ thể, hỗ trợ học sinh tự đánh giá năng lực, xác định điểm mạnh và cải thiện điểm yếu trong quá trình ôn tập.
Câu hỏi liên quan
Một dây dẫn có tiết diện ngang \(S=1,2m{{m}^{2}}\), điện trở suất \(\rho =1,{{7.10}^{-8}}\left( \text{ }\!\!\Omega\!\!\text{ }.m \right)\) được uốn thành nửa vòng tròn tâm \(O\) có bán kính \(r=24cm\) như hình vẽ. Hai đoạn dây dẫn \(OQ\) và \(OP\) cùng loại với dây trên, \(OQ\) cố định. \(OP\) quay quanh \(O\) sao cho \(P\) luôn tiếp xúc với cung tròn. Hệ thống đặt trong từ trường đều \(B=0,15T\) có hướng vuông góc với mặt phẳng chứa nửa vòng tròn. Tại thời điểm \({{t}_{0}}=0\), \(OP\) trùng \(OQ\) và nhận gia tốc góc \(\gamma \) không đổi. Góc \(\alpha =\widehat{POQ}\) mà bán kính OP quét được trong khoảng thời gian t được tính theo công thức \(\alpha =\frac{1}{2}\gamma {{t}^{2}}\). Biết rằng Sau \(1/3\) giây, dòng điện cảm ứng trong mạch có giá trị cực đại.
Dòng điện xuất hiện trong khung dây OPQ là dòng điện cảm ứng
Khi P chuyển động từ Q về A thì dòng điện cảm ứng có chiều cùng chiều kim đồng hồ
Giá trị của hằng số \(\gamma \) là 18 (rad/s2)
Dòng điện có giá trị cực đại là 3,81 (A)
a. ĐÚNG
b. SAI
Khi P đi từ Q về A thì từ thông tăng, vectơ cảm ứng từ \({{\vec{B}}_{c}}~\)của dòng điện cảm ứng hướng ngược chiều \(\vec{B}.~\)Dòng điện cảm ứng khi đó có chiều ngược chiều kim đồng hồ.
c. SAI
- Tại thời điểm \(t\), từ thông qua mạch:
\(\Phi =B\Delta S=\frac{1}{4}B{{r}^{2}}\gamma {{t}^{2}}.\)
- Suất điện động cảm ứng trong mạch:
\(e={\Phi }'=\frac{1}{2}B{{r}^{2}}\gamma t.\)
- Vì điện trở của mạch là \(R=\frac{\rho r}{2S}\left( 4+\gamma {{t}^{2}} \right)\) (Gồm điệm trở cung PQ, và điện trở trên hai đoạn dây bán kính) nên theo định luật Ôm, cường độ dòng điện qua mạch là:
\(I=\frac{e}{R}=\frac{Br\gamma St}{\rho \left( 4+\gamma {{t}^{2}} \right)}=\frac{Br\gamma S}{\rho \left( \frac{4}{t}+\gamma t \right)}\)
- Từ biểu thức trên, theo bất đẳng thức Cô-si:
\(I={{I}_{\max }}\Leftrightarrow \frac{4}{t}=\gamma t.\)
\(\Rightarrow \gamma =\frac{4}{{{t}^{2}}}=\frac{4}{{{\left( \frac{1}{3} \right)}^{2}}}=36\left( \frac{rad}{{{s}^{2}}} \right)\)
d. ĐÚNG
Thay giá trị của \(\gamma \) và thời gian t ta tính được cường độ dùng điện cực đại là
\(I=\frac{e}{R}=\frac{Br\gamma St}{\rho \left( 4+\gamma {{t}^{2}} \right)}=\frac{Br\gamma S}{\rho \left( \frac{4}{t}+\gamma t \right)}\)
\({{I}_{\max }}=\frac{BrS}{2\rho t}=\frac{0,15.0,24.1,{{2.10}^{-6}}}{2.1,{{7.10}^{-8}}.\frac{1}{3}}\approx 3,81A\)
Nhà máy điện hạt nhân Ninh Thuận dự tính có công suất điện 4000 MW sử dụng nhiên liệu 235U (25%). Mỗi phân hạch tạo ra năng lượng là 200 MeV. Biết hiệu suất nhà máy điện hạt nhân là 35%
Các phân hạch là phản ứng hạt nhân toả năng lượng
Công suất của lò phản ứng xấp xỉ 11429 MW
Giả sử lò hoạt động ổn định với hệ số neutron là k = 1. Số neutron mỗi giây để duy trì hoạt động của lò phản ứng vào khoảng 3,57.1025 hạt
Khối lượng nhiên liệu để lò hoạt động liên tục trong 10 năm là 17,8 tấn
a. ĐÚNG
Phản ứng phân hạch là phản ứng toả năng lượng.
b. ĐÚNG
Công suất lò phản ứng: P\(=\frac{{{P}_{in}}}{0,35}\approx 11429MW.\)
c. SAI
Số neutron sinh ra mỗi giây là: \(N=\frac{E}{200MeV}=\frac{P.t}{200MeV}=\frac{{{11429.10}^{6}}.1}{{{200.10}^{6}}.1,{{6.10}^{-19}}}\approx 3,{{57.10}^{20}}~ht\)
d. SAI
Khối lượng nhiên liệu lò hoạt động trong 10 năm là \(m=\frac{N.A}{{{N}_{A}}}:0,25=\frac{3,{{57.10}^{20}}.10.365.24.3600.238}{6,{{02.10}^{23}}.0,25}=178~tn\)
Áp dụng công thức \(f=c/\lambda =0,{{5.10}^{9}}\left( Hz \right)\)
Ta có: \(U=Q+A=0\)
\(A=-Q=-0,45\left( J \right)\)
Fms.S.cos(1800) = -0,45
S = 0,05 m = 5 cm.
Động năng trong bình của chuyển động nhiệt:
\({{W}_{}}=\frac{3}{2}kT=\frac{3}{2}.1,{{38.10}^{-23}}.\left( 27+273 \right)=6,{{21.10}^{-21}}\left( J \right)\) \(\approx 0,04~eV\)
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Giáo Dục Kinh Tế Và Pháp Luật Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Lịch Sử Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Công Nghệ Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Hóa Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
Bộ 50 Đề Thi Thử Tốt Nghiệp THPT Môn Sinh Học Năm 2026 – Theo Cấu Trúc Đề Minh Họa Bộ GD&ĐT
