Câu hỏi:

Dòng điện xoay chiều chạy qua một đoạn mạch có cường độ biến đổi điều hòa theo thời gian được mô tả bằng đồ thị ở hình dưới đây:

Pasted image

Cường độ dòng điện cực đại là 4 A.

Tần số góc \(\omega = 100\pi {\rm{\;rad}}/{\rm{s}}\).

Pha ban đầu của dòng điện là \(\varphi = \frac{\pi }{3}{\rm{\;rad}}\).

Biểu thức cường độ dòng điện là \({\rm{i}} = 4{\rm{cos}}\left( {100\pi t - \frac{\pi }{4}} \right)\left( {\rm{A}} \right)\).

Trả lời:

Đáp án đúng: Đúng, Đúng, Sai, Đúng

a) Cường độ dòng điện cực đại là 4 A → Đúng.

Đáp án đúng là Đúng.

b) Tần số góc \(\omega = 100\pi {\rm{\; rad}}/{\rm{s}}\) → Đúng, từ đồ thị ta thấy chu kì của dòng điện xoay chiều là \(T = {2.10^{ - 2}}s\).

Do đó tần số góc: \(\omega = \frac{{2\pi }}{T} = 100\pi {\rm{ }}\;rad/s\)

Đáp án đúng là Đúng.

c) Pha ban đầu của dòng điện là \(\varphi = \frac{\pi }{3}{\rm{\;rad}}\)→ Sai,

Pasted image

Tại thời điểm t = 0 ta có \(\left\{ \begin{array}{l}i = 2\sqrt 2 A\\i{\rm{ }} \nearrow {\rm{ }}\end{array} \right.\)

Từ đường tròn lượng giác ta có pha ban đầu: \(\varphi = - \frac{\pi }{4}\)

Đáp án đúng là Sai.

d) Biểu thức cường độ dòng điện là \({\rm{i}} = 4{\rm{cos}}\left( {100\pi t - \frac{\pi }{4}} \right)\left( {\rm{A}} \right)\) → Đúng.

Đáp án đúng là Đúng.

Câu hỏi này thuộc đề thi trắc nghiệm dưới đây, bấm vào Bắt đầu thi để làm toàn bài

Đề thi thử Tốt nghiệp THPT năm 2026 môn Vật lí cụm trường miền Trung - Đề Số 01

Bài test Tuyển Tập Đề Thi Tham Khảo Tốt Nghiệp THPT Năm 2026 - Vật Lí - Bộ Đề 02 được xây dựng nhằm giúp học sinh lớp 12 ôn luyện và đánh giá toàn diện kiến thức Vật Lí theo định hướng kỳ thi tốt nghiệp THPT mới. Nội dung đề bám sát chương trình THPT, tập trung vào các mạch kiến thức trọng tâm, đồng thời tăng cường các câu hỏi vận dụng, giúp học sinh rèn luyện tư duy khoa học và kỹ năng giải quyết vấn đề. Cấu trúc đề thi được thiết kế phù hợp với format đề thi tốt nghiệp THPT, giúp học sinh làm quen với áp lực thời gian và cách phân bố câu hỏi. Thông qua bài test này, học sinh có thể tự đánh giá năng lực, phát hiện những nội dung còn hạn chế để điều chỉnh kế hoạch ôn tập hiệu quả. Đây là tài liệu luyện thi thiết thực, hỗ trợ học sinh chuẩn bị vững vàng cho kỳ thi tốt nghiệp THPT năm 2026.

28/01/2026

0 lượt thi

0 / 28

Bắt đầu thi

Câu hỏi liên quan

Câu 22:

Cho hạt nhân \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) là đồng vị phóng xạ \({\beta ^ - }\)với chu kì bán rã T và biến đổi thành hạt nhân con magnesium \(\;{}_Z^A{\rm{Mg}}\). Ở thời điểm ban đầu \(\left( {t = 0} \right)\) có một mẫu \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) có khối lương \({{\rm{m}}_{\rm{o}}} = 2,4{\rm{\;g}}\) thì sau thời gian \({\rm{t}} = 30{\rm{\;h}}\) khối lượng hạt nhân \(\;_{{\rm{11\;}}}^{24}{\rm{Na}}\) còn lại \({\rm{m}} = 0,6{\rm{\;g}}\)

Số neutron của hạt nhân \(\;{}_Z^A{\rm{Mg}}\) là 12

Chu kỳ bán rã của hạt nhân \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) là 15 h

Độ phóng xạ của \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) ở thời điểm \({\rm{t}} = 0\) là \({7,73.10^{17}}{\rm{\;Bq}}\)

Ở thời điểm t, tỉ số giữa khối lượng \(\;{}_Z^A{\rm{Mg}}\) và \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) là 3 thì tại thời điểm \({{\rm{t}}_2} = {{\rm{t}}_1} + 3{\rm{\;T}}\) tỉ số khối lượng hạt nhân \(\;_Z^A{\rm{Mg}}\) và \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) bằng 8

Lời giải:

Đáp án đúng: Đúng, Đúng, Đúng, Sai

a) Số neutron của hạt nhân \(\;{}_Z^A{\rm{Mg}}\) là 12 → Đúng, ta có:

Phương trình phóng xạ: \({}_{11}^{24}Na{\rm{ }} \to {\rm{ }}{}_{12}^{24}Mg{~\rm{ + }}{~\beta ^ - }\)

Số hạt neutron của hạt nhân \(\;{}_{12}^{24}{\rm{Mg}}\) là 24 – 12 = 12.

Đáp án đúng là Đúng.

b) Chu kỳ bán rã của hạt nhân \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) là 15 h → Đúng, khối lượng hạt nhân \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) sau 30 h:

\(\mathrm{m}=\mathrm{m}_0 \cdot 2^{-\frac{\mathrm{t}}{\mathrm{T}}} \Rightarrow 0,6=2,4 \cdot 2^{-\frac{30}{\mathrm{~T}}} \Rightarrow \mathrm{~T}=15 \mathrm{~h}\)

Đáp án đúng là Đúng.

c) Độ phóng xạ của \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) ở thời điểm \({\rm{t}} = 0\) là \({7,73.10^{17}}{\rm{\;Bq}}\) → Đúng, độ phóng xạ của \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) ở thời điểm \({\rm{t}} = 0\):

\({H_0} = \lambda .{N_0} = \frac{{\ln 2}}{{15.60.60}}.\frac{{2,4}}{{24}}{.6,02.10^{23}}{\rm{ = 7}}{\rm{,727}}{\rm{.1}}{{\rm{0}}^{17}}{\rm{ \;Bq}}{\rm{.}}\)

Đáp án đúng là Đúng.

d) Ở thời điểm t, tỉ số giữa khối lượng \(\;{}_Z^A{\rm{Mg}}\) và \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) là 3 thì tại thời điểm \({{\rm{t}}_2} = {{\rm{t}}_1} + 3{\rm{\;T}}\) tỉ số khối lượng hạt nhân \(\;_Z^A{\rm{Mg}}\) và \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) bằng 8 → Sai, ở thời điểm t, tỉ số giữa khối lượng \(\;{}_Z^A{\rm{Mg}}\) và \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\) là 3:

\(\)\(\frac{{{m_{Mg}}}}{{{m_{Na}}}} = \frac{{\frac{{{A_{Mg}}}}{{{A_{Na}}}}.{m_o}.\left( {1 - {2^{ - \frac{{{t_1}}}{T}}}} \right)}}{{{m_o}{{.2}^{ - \frac{{{t_1}}}{T}}}}}{\rm{ }} \Rightarrow {\rm{ }}{2^{ - \frac{{{t_1}}}{T}}} = \frac{1}{4}{\rm{ }} \Rightarrow {\rm{ }}{{\rm{t}}_1}{\rm{ = 2T}}\)

tại thời điểm \({{\rm{t}}_2} = {{\rm{t}}_1} + 3{\rm{\;T = 5T}}\) tỉ số khối lượng hạt nhân \(\;_Z^A{\rm{Mg}}\) và \(\;_{11}^{24}{\rm{Na}}\)

\(\frac{{{m_{Mg}}}}{{{m_{Na}}}} = \frac{{\frac{{{A_{Mg}}}}{{{A_{Na}}}}.{m_o}.\left( {1 - {2^{ - \frac{{{t_2}}}{T}}}} \right)}}{{{m_o}{{.2}^{ - \frac{{{t_2}}}{T}}}}}{\rm{ }} = \frac{{\frac{{24}}{{24}}.{m_o}.\left( {1 - {2^{ - \frac{{5T}}{T}}}} \right)}}{{{m_o}{{.2}^{ - \frac{{5T}}{T}}}}} = {\rm{ }}31\)

Đáp án đúng là Sai.

Câu 23:

Một đoạn dây dẫn mang cường độ dòng điện \(1,5{\rm{\;A}}\) đặt trong một từ trường đều thì chịu một lực từ có độ lớn \(0,3{\rm{\;N}}\). Nếu sau đó cường độ dòng điện tăng thêm \(0,5{\rm{\;A}}\) thì lực từ tác dụng lên đoạn dây dẫn bằng bao nhiêu (tính theo đơn vị N)? (làm tròn kết quà đến chữ số hàng phần mười)

Lời giải:

Đáp án đúng: 0,4

Đối với sợi dây dẫn được đặt trong từ trường đều thì độ lớn của lực từ tỉ lệ với cường độ dòng điện chạy qua sợi dây do đó:

\(\frac{\mathrm{F}_2}{\mathrm{~F}_1}=\frac{\mathrm{I}_2}{\mathrm{I}_1}=\frac{2}{1,5}=\frac{4}{3} \Rightarrow \mathrm{~F}_2=\frac{4}{3} \cdot \mathrm{~F}_1=\frac{4}{3} \cdot 0,3=0,4 \mathrm{~N}\)

Đáp án đúng là 0,4.

Câu 24:

Hạt nhân \(X\) phóng xạ \({\beta ^ - }\)và biến đổi thành hạt nhân \(Y\) bền vững. Ban đầu \(\left( {t = 0} \right)\) có một mẫu chất phóng xạ \(X\) nguyên chất. Tại các thời điểm \({t_1} = {t_0}\) (năm) và \({{\rm{t}}_2} = {{\rm{t}}_0} + 24,6\) (năm), tỉ số giữa số hạt nhân X còn lại trong mẫu và số hạt nhân \(Y\) đã sinh ra có giá trị lần lượt là \(\frac{1}{3}\) và \(\frac{1}{{15}}\). Chu kì bán rã của chất phóng xạ X là bao nhiêu năm (làm tròn kết quả đến chữ số hàng phần mười)

Lời giải:

Đáp án đúng: 12,3

Tỉ số giữa số hạt nhân X còn lại trong mẫu và số hạt nhân \(Y\) đã sinh ra ở thời điểm t bất kì là

\[\frac{{{N_x}}}{{{N_y}}} = \frac{1}{{{2^{\frac{t}{T}}} - 1}}\]

Ở thời điểm \({t_1} = {t_0}\) (năm): \(\frac{1}{2^{\frac{t_0}{T}}-1}=\frac{1}{3} \Rightarrow \frac{t_0}{T}=2\)

Ở thời điểm \(\frac{1}{2^{\frac{t_0+24,6}{T}}-1}=\frac{1}{15} \Rightarrow \frac{t_0+24,6}{T}=4 \Rightarrow T=12,3\) năm.

Đáp án đúng là 12,3.

Câu 25:

Sử dụng các thông tin sau cho Câu 3 và Câu 4: 12 gam khí chiếm thể tích 6 lít ở 17^oC. Sau khi nung nóng đẳng áp lượng khí trên đến nhiệt độ t thì khối lượng riêng của khí là 1,2 g/lít.

Câu 3: Nhiệt độ của khí sau khí nung nóng là bao nhiêu \({\;^ \circ }{\rm{C}}\) (làm tròn kết quả đến chữ số hàng đơn vị)?

Lời giải:

Đáp án đúng: 210

Khối lượng riêng lúc ban đầu là: \({D_1} = \frac{m}{{{V_1}}} = 2\left( {g{\rm{/}}l} \right)\)

Từ phương trình Claperon đối với một lượng khí không đổi ta có:

\(p V=n R T \Rightarrow p V=\frac{m}{M} \cdot R T \Rightarrow \frac{m}{V}=\frac{p}{T} \cdot \frac{M}{R} \Rightarrow D=\frac{p}{T} \cdot \frac{M}{R}\)

Do đó ta có: \(\frac{\mathrm{T}_2}{\mathrm{~T}_1}=\frac{\mathrm{D}_1}{\mathrm{D}_2} \Rightarrow \mathrm{~T}_2=\frac{\mathrm{D}_1}{\mathrm{D}_2} \cdot \mathrm{~T}_1=\frac{2}{1,2} \cdot(17+273)=483 \mathrm{~K} \Rightarrow \mathrm{t}_2=210^{\circ} \mathrm{C}\)

Đáp án đúng là 210.

Câu 26:

Câu 4: Biết khối lượng mol của khí đã dùng là \(44{\rm{\;g}}/{\rm{mol}}\). Áp suất của lượng khí đã dùng là bao nhiêu kPa (làm tròn kết quả đến chữ số hàng đơn vị)?

Lời giải:

Đáp án đúng: 110

Khối lượng riêng lúc ban đầu là: \({D_1} = \frac{m}{{{V_1}}} = 2\left( {g{\rm{/}}l} \right) = 2\left( {kg{\rm{/}}{{\rm{m}}^3}} \right)\)

Từ phương trình Claperon đối với một lượng khí không đổi ta có:

\(p V=n R T \Rightarrow p V=\frac{m}{M} \cdot R T \Rightarrow \frac{m}{V}=\frac{p}{T} \cdot \frac{M}{R} \Rightarrow D=\frac{p}{T} \cdot \frac{M}{R} \Rightarrow p=\frac{D T R}{M}\)

Do đó ta có: \(p = \frac{{{D_1}TR}}{M} = \frac{{2 \cdot 290 \cdot 8,31}}{{{{44.10}^{ - 3}}}} = 110 \cdot {10^3}Pa = 110{\rm{ }}\;kPa.\)

Đáp án đúng là 110.

Câu 27:

Sử dụng các thông tin sau cho Câu 5 và Câu 6: Người ta đặt một viên bi đặc bằng sắt bán kính \({\rm{R}} = 6{\rm{\;cm}}\) đã được nung nóng tới nhiệt độ \({\rm{t}} = {325^ \circ }{\rm{C}}\) lên một khối nước đá rất lớn ở \({0^ \circ }{\rm{C}}\). Bỏ qua sự dẫn nhiệt của nước đá và sự nóng lên của đá đã tan. Cho khối lượng riêng của sắt là \({\rm{D}} = 7800{\rm{\;kg}}/{{\rm{m}}^3}\), của nước đá là \({{\rm{D}}_0} = 915{\rm{\;kg}}/{{\rm{m}}^3}\). Nhiệt dung riêng của sắt là \({\rm{c}} = 460{\rm{\;J}}/\left( {{\rm{kg}}.{\rm{K}}} \right)\), nhiệt nóng chảy riêng của nước đá là \(3,4 \cdot {10^5}{\rm{\;J}}/{\rm{kg}}\).

Câu 5: Khối lượng của viên bi sắt là bao nhiêu kg (làm tròn kết quả đến chữ số hàng phần mười)?

Lời giải: